浙江专用版高考数学大一轮复习 第六章 数列与数学归纳法 61 数列的概念与简单表示法教师用书.docx

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浙江专用版高考数学大一轮复习第六章数列与数学归纳法61数列的概念与简单表示法教师用书

(浙江专用)2019版高考数学大一轮复习第六章数列与数学归纳法6.1数列的概念与简单表示法教师用书

1.数列的定义

按照一定顺序排列的一列数称为数列,数列中的每一个数叫做这个数列的项.

2.数列的分类

分类原则

类型

满足条件

按项数分类

有穷数列

项数有限

无穷数列

项数无限

按项与项间的大小关系分类

递增数列

an+1>an

其中n∈N*

递减数列

an+1

常数列

an+1=an

摆动数列

从第2项起,有些项大于它的前一项,有些项小于它的前一项的数列

3.数列的表示法

数列有三种表示法,它们分别是列表法、图象法和解析法.

4.数列的通项公式

如果数列{an}的第n项与序号n之间的关系可以用一个式子来表示,那么这个公式叫做这个数列的通项公式.

【知识拓展】

1.若数列{an}的前n项和为Sn,通项公式为an,

则an=

2.在数列{an}中,若an最大,则

若an最小,则

3.数列与函数的关系

数列是一种特殊的函数,即数列是一个定义在非零自然数集或其子集上的函数,当自变量依次从小到大取值时所对应的一列函数值,就是数列.

【思考辨析】

判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)

(1)所有数列的第n项都能使用公式表达.( × )

(2)根据数列的前几项归纳出数列的通项公式可能不止一个.( √ )

(3)1,1,1,1,…,不能构成一个数列.( × )

(4)任何一个数列不是递增数列,就是递减数列.( × )

(5)如果数列{an}的前n项和为Sn,则对任意n∈N*,都有an+1=Sn+1-Sn.( √ )

1.把1,3,6,10,15,21,…这些数叫做三角形数,这是因为用这些数目的点可以排成一个正三角形(如图所示).

则第7个三角形数是(  )

A.27B.28

C.29D.30

答案 B

解析 由图可知,第7个三角形数是1+2+3+4+5+6+7=28.

2.已知数列,,,…,,…,下列各数中是此数列中的项的是(  )

A.B.C.D.

答案 B

3.数列{an}中,an=-n2+11n,则此数列最大项的值是.

答案 30

解析 an=-n2+11n=-(n-)2+,

∵n∈N*,∴当n=5或n=6时,an取最大值30.

4.已知数列{an}的前n项和Sn=n2+1,则an=.

答案 

解析 当n=1时,a1=S1=2,当n≥2时,

an=Sn-Sn-1=n2+1-[(n-1)2+1]=2n-1,

故an=

题型一 由数列的前几项求数列的通项公式

例1 

(1)(2016·杭州模拟)数列1,3,6,10,…的一个通项公式是(  )

A.an=n2-(n-1)B.an=n2-1

C.an=D.an=

(2)数列{an}的前4项是,1,,,则这个数列的一个通项公式是an=.

答案 

(1)C 

(2)

解析 

(1)观察数列1,3,6,10,…可以发现

1=1,

3=1+2,

6=1+2+3,

10=1+2+3+4,

第n项为1+2+3+4+…+n=.

∴an=.

(2)数列{an}的前4项可变形为,,,,故an=.

思维升华 由前几项归纳数列通项的常用方法及具体策略

(1)常用方法:

观察(观察规律)、比较(比较已知数列)、归纳、转化(转化为特殊数列)、联想(联想常见的数列)等方法.

(2)具体策略:

①分式中分子、分母的特征;②相邻项的变化特征;③拆项后的特征;④各项的符号特征和绝对值特征;⑤化异为同,对于分式还可以考虑对分子、分母各个击破,或寻找分子、分母之间的关系;⑥对于符号交替出现的情况,可用(-1)k或(-1)k+1,k∈N*处理.

 根据数列的前几项,写出下列各数列的一个通项公式.

(1)-1,7,-13,19,…;

(2)0.8,0.88,0.888,…;

(3),,-,,-,,….

解 

(1)数列中各项的符号可通过(-1)n表示,从第2项起,每一项的绝对值总比它的前一项的绝对值大6,故通项公式为an=(-1)n(6n-5).

(2)数列变为,,,…,

故an=.

(3)各项的分母分别为21,22,23,24,…,易看出第2,3,4项的绝对值的分子分别比分母小3.

因此把第1项变为-,

原数列化为-,,-,,…,

故an=(-1)n.

题型二 由an与Sn的关系求通项公式

例2 

(1)(2016·余姚模拟)若数列{an}的前n项和Sn=an+,则{an}的通项公式an=.

答案 (-2)n-1

解析 由Sn=an+,得当n≥2时,Sn-1=an-1+,两式相减,整理得an=-2an-1,又当n=1时,S1=a1=a1+,∴a1=1,∴{an}是首项为1,公比为-2的等比数列,故an=(-2)n-1.

(2)已知下列数列{an}的前n项和Sn,求{an}的通项公式.

①Sn=2n2-3n;②Sn=3n+b.

解 ①a1=S1=2-3=-1,

当n≥2时,an=Sn-Sn-1

=(2n2-3n)-[2(n-1)2-3(n-1)]=4n-5,

由于a1也适合此等式,∴an=4n-5.

②a1=S1=3+b,

当n≥2时,an=Sn-Sn-1=(3n+b)-(3n-1+b)

=2·3n-1.

当b=-1时,a1适合此等式;

当b≠-1时,a1不适合此等式.

∴当b=-1时,an=2·3n-1;

当b≠-1时,an=

思维升华 已知Sn,求an的步骤

(1)当n=1时,a1=S1;

(2)当n≥2时,an=Sn-Sn-1;(3)对n=1时的情况进行检验,若适合n≥2的通项则可以合并;若不适合则写成分段函数形式.

 

(1)已知数列{an}的前n项和Sn=3n2-2n+1,则其通项公式为.

(2)已知数列{an}的前n项和为Sn,a1=1,Sn=2an+1,则Sn等于(  )

A.2n-1B.()n-1

C.()nD.

答案 

(1)an= 

(2)B

解析 

(1)当n=1时,a1=S1=3×12-2×1+1=2;

当n≥2时,

an=Sn-Sn-1=3n2-2n+1-[3(n-1)2-2(n-1)+1]

=6n-5,显然当n=1时,不满足上式.

故数列的通项公式为an=

(2)由an+1=Sn+1-Sn,得Sn=Sn+1-Sn,

即Sn+1=Sn(n≥1),又S1=a1=1,

所以数列{Sn}是首项为1,公比为的等比数列,

所以Sn=()n-1,故选B.

题型三 由数列的递推关系求通项公式

例3 根据下列条件,确定数列{an}的通项公式.

(1)a1=2,an+1=an+ln(1+);

(2)a1=1,an+1=2nan;

(3)a1=1,an+1=3an+2.

解 

(1)∵an+1=an+ln(1+),

∴an-an-1=ln(1+)=ln(n≥2),

∴an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+…+(a2-a1)+a1

=ln+ln+…+ln+ln2+2

=2+ln(··…··2)

=2+lnn(n≥2).

又a1=2适合上式,故an=2+lnn(n∈N*).

(2)∵an+1=2nan,∴=2n-1(n≥2),

∴an=··…··a1

=2n-1·2n-2·…·2·1=21+2+3+…+(n-1)=

.

又a1=1适合上式,故an=

.

(3)∵an+1=3an+2,∴an+1+1=3(an+1),

又a1=1,∴a1+1=2,

故数列{an+1}是首项为2,公比为3的等比数列,

∴an+1=2·3n-1,故an=2·3n-1-1.

思维升华 已知数列的递推关系求通项公式的典型方法

(1)当出现an=an-1+m时,构造等差数列;

(2)当出现an=xan-1+y时,构造等比数列;(3)当出现an=an-1+f(n)时,用累加法求解;(4)当出现=f(n)时,用累乘法求解.

 

(1)已知数列{an}满足a1=1,an=·an-1(n≥2且n∈N*),则an=.

(2)已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=2an-1(n∈N*),则a5等于(  )

A.-16B.16C.31D.32

答案 

(1) 

(2)B

解析 

(1)∵an=an-1(n≥2),

∴an-1=an-2,…,a2=a1.

以上(n-1)个式子相乘得

an=a1···…·==.

当n=1时也满足此等式,∴an=.

(2)当n=1时,S1=2a1-1,∴a1=1.

当n≥2时,Sn-1=2an-1-1,

∴an=Sn-Sn-1=2an-2an-1,∴an=2an-1.

∴{an}是等比数列且a1=1,q=2,

故a5=a1×q4=24=16.

题型四 数列的性质

命题点1 数列的单调性

例4 已知an=,那么数列{an}是(  )

A.递减数列B.递增数列

C.常数列D.摆动数列

答案 B

解析 an=1-,将an看作关于n的函数,n∈N*,易知{an}是递增数列.

命题点2 数列的周期性

例5 (2016·镇海中学模拟)在数列{an}中,若存在非零整数T,使得am+T=am对于任意的正整数m均成立,那么称数列{an}为周期数列,其中T叫做数列{an}的周期.若数列{xn}满足xn+1=|xn-xn-1|(n≥2,n∈N),若x1=1,x2=a(a∈R,a≠0),当数列{xn}的周期最小时,该数列的前2016项的和是(  )

A.672B.673

C.1342D.1344

答案 D

解析 因为x1=1,x2=a(a∈R,a≠0),xn+1=|xn-xn-1|(n≥2,n∈N),所以x3=|a-1|.又因为数列{xn}的周期为3,所以x1=1,x4=|x3-x2|=||a-1|-a|=x1=1,解得a=1或a=0.因为a≠0,所以a=1,所以x2=1,x3=0,即x1+x2+x3=2.同理可得x4=1,x5=1,x6=0,x4+x5+x6=2,…,x2014+x2015+x2016=2,所以S2016=x1+x2+…+x2016=(1+1+0)×672=1344,故选D.

命题点3 数列的最值

例6 数列{an}的通项an=,则数列{an}中的最大项是(  )

A.3B.19

C.D.

答案 C

解析 令f(x)=x+(x>0),运用基本不等式得f(x)≥2,当且仅当x=3时等号成立.因为an=,所以≤,由于n∈N*,不难发现当n=9或n=10时,an=最大.

思维升华 

(1)解决数列的单调性问题可用以下三种方法

①用作差比较法,根据an+1-an的符号判断数列{an}是递增数列、递减数列还是常数列.

②用作商比较法,根据(an>0或an<0)与1的大小关系进行判断.

③结合相应函数的图象直观判断.

(2)解决数列周期性问题的方法

先根据已知条件求出数列的前几项,确定数列的周期,再根据周期性求值.

(3)数列的最值可以利用数列的单调性或求函数最值的思想求解.

 

(1)(2016·台州模拟)数列{an}满足an+1=a1=,则数列的第2015项为.

(2)设an=-3n2+15n-18,则数列{an}中的最大项的值是(  )

A.B.

C.4D.0

答案 

(1) 

(2)D

解析 

(1)由已知可得,a2=2×-1=,

a3=2×=,

a4=2×=,

a5=2×-1=,

∴{an}为周期数列且T=4,

∴a2015=a503×4+3=a3=.

(2)∵an=-32+,由二次函数性质,得当n=2或3时,an最大,最大值为0.

13.解决数列问题的函数思想

典例 

(1)数列{an}的通项公式是an=(n+1)·()n,则此数列的最大项是第项.

(2)若an=n2+kn+4且对于n∈N*,都有an+1>an成立,则实数k的取值范围是.

思想方法指导 

(1)可以将数列看成定义域为正整数集上的函数;

(2)数列的最值可以根据单调性进行分析.

解析 

(1)∵an+1-an

=(n+2)()n+1-(n+1)()n

=()n×,

当n<9时,an+1-an>0,即an+1>an;

当n=9时,an+1-an=0,即an+1=an;

当n>9时,an+1-an<0,即an+1

∴该数列中有最大项,且最大项为第9、10项.

(2)由an+1>an知该数列是一个递增数列,

又因为通项公式an=n2+kn+4,

所以(n+1)2+k(n+1)+4>n2+kn+4,

即k>-1-2n,又n∈N*,所以k>-3.

答案 

(1)9或10 

(2)(-3,+∞)

1.数列,-,,-,…的第10项是(  )

A.-B.-C.-D.-

答案 C

解析 所给数列呈现分数形式,且正负相间,求通项公式时,我们可以把每一部分进行分解:

符号、分母、分子.很容易归纳出数列{an}的通项公式an=(-1)n+1·,故a10=-.

2.已知数列的通项公式为an=n2-8n+15,则(  )

A.3不是数列{an}中的项

B.3只是数列{an}中的第2项

C.3只是数列{an}中的第6项

D.3是数列{an}中的第2项和第6项

答案 D

解析 令an=3,即n2-8n+15=3,整理得n2-8n+12=0,解得n=2或n=6.

3.(2016·宁波中学月考)已知数列{an}满足a1=1,an+1=则其前6项之和为(  )

A.16B.20C.33D.120

答案 C

解析 a2=2a1=2,a3=a2+1=3,a4=2a3=6,a5=a4+1=7,a6=2a5=14,所以前6项和S6=1+2+3+6+7+14=33,故选C.

4.若数列{an}满足a1=2,a2=3,an=(n≥3,且n∈N*),则a2018等于(  )

A.3B.2C.D.

答案 A

解析 由已知a3==,a4==,

a5==,a6==,

a7==2,a8==3,

∴数列{an}具有周期性,T=6,

∴a2018=a336×6+2=a2=3.

5.数列{an}满足an+an+1=(n∈N*),a2=2,Sn是数列{an}的前n项和,则S21为(  )

A.5B.

C.D.

答案 B

解析 ∵an+an+1=,a2=2,

∴an=

∴S21=11×+10×2=.故选B.

6.(2016·宁海中学一模)已知函数y=f(x)的定义域为R.当x<0时,f(x)>1,且对任意的实数x,y∈R,等式f(x)f(y)=f(x+y)恒成立.若数列{an}满足a1=f(0),且f(an+1)=(n∈N*),则a2015的值为(  )

A.4029B.3029C.2249D.2209

答案 A

解析 根据题意,不妨设f(x)=()x,则a1=f(0)=1,∵f(an+1)=,∴an+1=an+2,∴数列{an}是以1为首项,2为公差的等差数列,∴an=2n-1,

∴a2015=4029.

7.数列{an}中,已知a1=1,a2=2,an+1=an+an+2(n∈N*),则a7=.

答案 1

解析 由已知an+1=an+an+2,a1=1,a2=2,

能够计算出a3=1,a4=-1,a5=-2,a6=-1,a7=1.

8.已知数列{an}的前n项和为Sn,Sn=2an-n,则an=.

答案 2n-1

解析 当n=1时,S1=a1=2a1-1,得a1=1,当n≥2时,an=Sn-Sn-1=2an-n-2an-1+(n-1),

即an=2an-1+1,∴an+1=2(an-1+1),

∴数列{an+1}是首项为a1+1=2,公比为2的等比数列,∴an+1=2·2n-1=2n,∴an=2n-1.

9.已知数列{an}的通项公式an=(n+2)·()n,则数列{an}的项取最大值时,n=.

答案 4或5

解析 假设第n项为最大项,则

解得 即4≤n≤5,

又n∈N*,所以n=4或n=5,

故数列{an}中a4与a5均为最大项,且a4=a5=.

*10.在一个数列中,如果任意n∈N*,都有anan+1an+2=k(k为常数),那么这个数列叫做等积数列,k叫做这个数列的公积.已知数列{an}是等积数列,且a1=1,a2=2,公积为8,则a1+a2+a3+…+a12=.

答案 28

解析 依题意得数列{an}是周期为3的数列,且a1=1,a2=2,a3=4,因此a1+a2+a3+…+a12=4(a1+a2+a3)=4×(1+2+4)=28.

11.已知数列{an}的前n项和为Sn.

(1)若Sn=(-1)n+1·n,求a5+a6及an;

(2)若Sn=3n+2n+1,求an.

解 

(1)因为a5+a6=S6-S4

=(-6)-(-4)=-2,

当n=1时,a1=S1=1,

当n≥2时,

an=Sn-Sn-1=(-1)n+1·n-(-1)n·(n-1)

=(-1)n+1·[n+(n-1)]

=(-1)n+1·(2n-1),

又a1也适合此式,

所以an=(-1)n+1·(2n-1).

(2)因为当n=1时,a1=S1=6;

当n≥2时,

an=Sn-Sn-1=(3n+2n+1)-[3n-1+2(n-1)+1]

=2×3n-1+2,

由于a1不适合此式,

所以an=

12.已知Sn为正项数列{an}的前n项和,且满足Sn=a+an(n∈N*).

(1)求a1,a2,a3,a4的值;

(2)求数列{an}的通项公式.

解 

(1)由Sn=a+an(n∈N*)可得

a1=a+a1,解得a1=1,

S2=a1+a2=a+a2,解得a2=2,

同理,a3=3,a4=4.

(2)Sn=+a,①

当n≥2时,Sn-1=+a,②

①-②得(an-an-1-1)(an+an-1)=0.

由于an+an-1≠0,所以an-an-1=1,

又由

(1)知a1=1,

故数列{an}为首项为1,公差为1的等差数列,

故an=n.

*13.已知数列{an}中,an=1+(n∈N*,a∈R且a≠0).

(1)若a=-7,求数列{an}中的最大项和最小项的值;

(2)若对任意的n∈N*,都有an≤a6成立,求a的取值范围.

解 

(1)∵an=1+(n∈N*,a∈R且a≠0),

又a=-7,∴an=1+(n∈N*).

结合函数f(x)=1+的单调性,

可知1>a1>a2>a3>a4,

a5>a6>a7>…>an>1(n∈N*).

∴数列{an}中的最大项为a5=2,最小项为a4=0.

(2)an=1+=1+,

已知对任意的n∈N*,都有an≤a6成立,

结合函数f(x)=1+的单调性,

可知5<<6,即-10<a<-8.

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