中考数学压轴题重叠面积问题.docx
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中考数学压轴题重叠面积问题
例1:
在梯形ABCD中,AD∥BC,AB=AD=DC=2cm,BC=4cm,在等腰△PQR中,∠QPR=120°,底边QR=6cm,点B、C、Q、R在同一直线l上,且C、Q两点重合,如果等腰△PQR以1cm/秒得速度沿直线l箭头所示方向匀速运动,t秒时梯形ABCD与等腰△PQR重合部分得面积记为S平方厘米
(1)当t=4时,求S得值
(2)当,求S与t得函数关系式,并求出S得最大值
25、
(1)t=4时,Q与B重合,P与D重合,
重合部分就就是=
例2:
如图,直线与两坐标轴分别相交于A、B点,点M就就是线段AB上任意一点(A、B两点除外),过M分别作MC⊥OA于点C,MD⊥OB于D、
(1)当点M在AB上运动时,您认为四边形OCMD得周长就就是否发生变化?
并说明理由;
(2)当点M运动到什么位置时,四边形OCMD得面积有最大值?
最大值就就是多少?
(3)当四边形OCMD为正方形时,将四边形OCMD沿着x轴得正方向移动,设平移得距离为,正方形OCMD与△AOB重叠部分得面积为S、试求S与得函数关系式并画出该函数得图象、
解:
(1)设点M得横坐标为x,则点M得纵坐标为-x+4(00,-x+4>0);
则:
MC=∣-x+4∣=-x+4,MD=∣x∣=x;
ﻩﻩ∴C四边形OCMD=2(MC+MD)=2(-x+4+x)=8
∴当点M在AB上运动时,四边形OCMD得周长不发生变化,总就就是等于8;
(2)根据题意得:
S四边形OCMD=MC·MD=(-x+4)· x=-x2+4x=-(x-2)2+4
∴四边形OCMD得面积就就是关于点M得横坐标x(0(3)如图10
(2),当时,;
如图10(3),当时,;
∴S与得函数得图象如下图所示:
例3:
已知:
如图,直线与x轴相交于点A,与直线相交于点P、
(1)求点P得坐标、
(2)请判断得形状并说明理由、
(3)动点E从原点O出发,以每秒1个单位得速度沿着O→P→A得路线向点A匀速运动(E不与点O、A重合),过点E分别作EF⊥x轴于F,EB⊥y轴于B、设运动t秒时,矩形EBOF与△OPA重叠部分得面积为S、
求:
①S与t之间得函数关系式、
②当t为何值时,S最大,并求S得最大值、
解:
(1) ﻩﻩﻩ………………2分
解得:
………………3分
∴点P得坐标为(2,) ………………4分
(2)将代入
∴,即OA=4………………4分
做PD⊥OA于D,则OD=2,PD=2
ﻩ∵tan∠POA= ∴ ∠POA=60° ﻩ………5分
∵OP=∴△POA就就是等边三角形、 ………6分
(3)① 当0在Rt△EOF中,∵∠EOF=60°,OE=t
∴EF=t,OF=t
∴S=·OF·EF= …………7分
当4<t<8时,如图2
设EB与OP相交于点C
易知:
CE=PE=t-4,AE=8-t
∴AF=4-,EF=(8-t)
∴OF=OA-AF=4-(4-t)=t
∴S=(CE+OF)·EF
=(t-4+t)×(8-t)
=-+4t-8ﻩﻩﻩﻩ………………9分
②当0<t≤4时,S=,t=4时,S最大=2
当4<t<8时,S=-+4t-8=-(t-)+
t=时,S最大=
∵>2,∴当t=时,S最大=ﻩ………………12分
例4:
已知直角梯形纸片OABC在平面直角坐标系中得位置如图所示,四个顶点得坐标分别为O(0,0),A(10,0),B(8,),C(0,),点T在线段OA上(不与线段端点重合),将纸片折叠,使点A落在射线AB上(记为点A′),折痕经过点T,折痕TP与射线AB交于点P,设点T得横坐标为t,折叠后纸片重叠部分(图中得阴影部分)得面积为S;
(1)求∠OAB得度数,并求当点A′在线段AB上时,S关于t得函数关系式;
(2)当纸片重叠部分得图形就就是四边形时,求t得取值范围;
(3)S存在最大值吗?
若存在,求出这个最大值,并求此时t得值;若不存在,请说明理由。
解:
(1)∵A,B两点得坐标分别就就是A(10,0)与B(8,),
∴,
∴
当点A´在线段AB上时,∵,TA=TA´,
∴△A´TA就就是等边三角形,且,
∴,,
∴,
当A´与B重合时,AT=AB=,
所以此时。
(2)当点A´在线段AB得延长线,且点P在线段AB(不与B重合)上时,
纸片重叠部分得图形就就是四边形(如图
(1),其中E就就是TA´与CB得交点),
当点P与B重合时,AT=2AB=8,点T得坐标就就是(2,0)
又由
(1)中求得当A´与B重合时,T得坐标就就是(6,0)
所以当纸片重叠部分得图形就就是四边形时,。
(3)S存在最大值
当时,,
在对称轴t=10得左边,S得值随着t得增大而减小,
∴当t=6时,S得值最大就就是。
当时,由图
重叠部分得面积
∵△A´EB得高就就是,
∴
当t=2时,S得值最大就就是;
当,即当点A´与点P都在线段AB得延长线就就是(如图,其中E就就是TA´与CB得交点,F就就是TP与CB得交点),
∵,四边形ETAB就就是等腰形,∴EF=ET=AB=4,
∴
综上所述,S得最大值就就是,此时t得值就就是。
例6:
如图,已知直线交坐标轴于两点,以线段为边向上作正方形,过点得抛物线与直线另一个交点为、
(1)请直接写出点得坐标;
(2)求抛物线得解析式;
(3)若正方形以每秒个单位长度得速度沿射线下滑,直至顶点落在轴上时停止、设正方形落在轴下方部分得面积为,求关于滑行时间得函数关系式,并写出相应自变量得取值范围;
(4)在(3)得条件下,抛物线与正方形一起平移,同时停止,求抛物线上两点间得抛物线弧所扫过得面积、
备用图
(14分)
(1);…………………………………………………2分
(2)设抛物线为,抛物线过,
解得…………………………………………………2分
∴、……………………………………………………………1分
(3)①当点A运动到点F时,
当时,如图1,
∵,
∴∴
∴;……2分
②当点运动到轴上时,,
当时,如图2,
∴∴,
∵,
∴
;…………(2分)
③当点运动到轴上时,,
当时,如图3,
∵,
∴,
∵,
∽
∴,
∴,
∴
=、……(2分)
(解法不同得按踩分点给分)
(4)∵,,
∴ ………………………………………………(2分)
=
=、……………………………………………………………(1分)
例7:
如图,已知直线与直线相交于点分别交轴
于两点、矩形得顶点分别在直线上,顶点都在轴上,且点与点重合、
(1)求得面积;
(2)求矩形得边与得长;
(3)若矩形从原点出发,沿轴得反方向以每秒1个单位长度得速度平移,设移动时间为秒,矩形与重叠部分得面积为,求关于得函数关系式,并写出相应得得取值范围、
(1)解:
由得点坐标为
由得点坐标为
∴(2分)
由解得∴点得坐标为(3分)
∴(4分)
(2)解:
∵点在上且
∴点坐标为ﻩ(5分)
又∵点在上且
∴点坐标为ﻩ(6分)
∴ﻩ(7分)
(3)解法一:
当时,如图1,矩形与重叠部分为五边形(时,为四边形)、过作于,则
∴即∴
∴
即ﻩ(10分)
(2013•玉林压轴题)如图,抛物线y=﹣(x﹣1)2+c与x轴交于A,B(A,B分别在y轴得左右两侧)两点,与y轴得正半轴交于点C,顶点为D,已知A(﹣1,0)、
(1)求点B,C得坐标;
(2)判断△CDB得形状并说明理由;
(3)将△COB沿x轴向右平移t个单位长度(0解答:
解:
(1)∵点A(﹣1,0)在抛物线y=﹣(x﹣1)2+c上,
∴0=﹣(﹣1﹣1)2+c,得c=4,
∴抛物线解析式为:
y=﹣(x﹣1)2+4,
令x=0,得y=3,∴C(0,3);
令y=0,得x=﹣1或x=3,∴B(3,0)、
(2)△CDB为直角三角形、理由如下:
由抛物线解析式,得顶点D得坐标为(1,4)、
如答图1所示,过点D作DM⊥x轴于点M,则OM=1,DM=4,BM=OB﹣OM=2、
过点C作CN⊥DM于点N,则CN=1,DN=DM﹣MN=DM﹣OC=1、
在Rt△OBC中,由勾股定理得:
BC===;
在Rt△CND中,由勾股定理得:
CD===;
在Rt△BMD中,由勾股定理得:
BD===、
∵BC2+CD2=BD2,
∴△CDB为直角三角形(勾股定理得逆定理)、
(3)设直线BC得解析式为y=kx+b,∵B(3,0),C(0,3),
∴,
解得k=﹣1,b=3,
∴y=﹣x+3,
直线QE就就是直线BC向右平移t个单位得到,
∴直线QE得解析式为:
y=﹣(x﹣t)+3=﹣x+3+t;
设直线BD得解析式为y=mx+m,∵B(3,0),D(1,4),
∴,
解得:
m=﹣2,n=6,
∴y=﹣2x+6、
连接CQ并延长,射线CQ交BD于点G,则G(,3)、
在△COB向右平移得过程中:
(I)当0设PQ与BC交于点K,可得QK=CQ=t,PB=PK=3﹣t、
设QE与BD得交点为F,则:
解得,∴F(3﹣t,2t)、
S=S△QPE﹣S△PBK﹣S△FBE=PE•PQ﹣PB•PK﹣BE•yF=×3×3﹣(3﹣t)2﹣t•2t=t2+3t;
(II)当<t<3时,如答图3所示:
设PQ分别与BC、BD交于点K、点J、
∵CQ=t,
∴KQ=t,PK=PB=3﹣t、
直线BD解析式为y=﹣2x+6,令x=t,得y=6﹣2t,
∴J(t,6﹣2t)、
S=S△PBJ﹣S△PBK=PB•PJ﹣PB•PK=(3﹣t)(6﹣2t)﹣(3﹣t)2=t2﹣3t+、
综上所述,S与t得函数关系式为:
S=、
(2013•鄂州压轴题)在平面直角坐标系中,已知M1(3,2),N1(5,﹣1),线段M1N1平移至线段MN处(注:
M1与M,N1与N分别为对应点)、
(1)若M(﹣2,5),请直接写出N点坐标、
(2)在
(1)问得条件下,点N在抛物线上,求该抛物线对应得函数解析式、
(3)在
(2)问条件下,若抛物线顶点为B,与y轴交于点A,点E为线段AB中点,点C(0,m)就就是y轴负半轴上一动点,线段EC与线段BO相交于F,且OC:
OF=2:
求m得值、
(4)在(3)问条件下,动点P从B点出发,沿x轴正方向匀速运动,点P运动到什么位置时(即BP长为多少),将△ABP沿边PE折叠,△APE与△PBE重叠部分得面积恰好为此时得△ABP面积得,求此时BP得长度、
解答:
解:
(1)由于图形平移过程中,对应点得平移规律相同,
由点M到点M′可知,点得横坐标减5,纵坐标加3,
故点N′得坐标为(5﹣5,﹣1+3),即(0,2)、
N(0,2);
(2)∵N(0,2)在抛物线y=x2+x+k上
∴k=2
∴抛物线得解析式为y=x2+x+2
(3)∵y=x2+x+2=(x+2)2
∴B(﹣2,0)、A(0,2)、E(﹣,1)
∵CO:
OF=2:
∴CO=﹣m,FO=﹣m,BF=2+m
∵S△BEC=S△EBF+S△BFC=
∴(2+m)(﹣m+1)=
整理得:
m2+m=0
∴m=﹣1或0
∵m<0
∴m=﹣1
(4)在Rt△ABO中,tan∠ABO===
∴∠ABO=30°,AB=2AO=4
①当∠BPE>∠APE时,连接A1B则对折后如图2,A1为对折后A得所落点,△EHP就就是重叠部分、
∵E为AB中点,∴S△AEP=S△BEP=S△ABP
∵S△EHP=S△ABP
∴=S△EHP=S△BHP=S△ABP
∴A1H=HP,EH=HB=1
∴四边形A1BPE为平行四边形
∴BP=A1E=AE=2
即BP=2
②当∠BPE=∠APE时,重叠部分面积为△ABP面积得一半,不符合题意;
③当∠BPE<∠APE时、
则对折后如图3,A1为对折后A得所落点、△EHP就就是重叠部分
∵E为AB中点,
∴S△AEP=S△BEP=S△ABP
∵S△EHP=S△ABP∴S△EBH=S△EHP==S△ABP
∴BH=HP,EH=HA1=1
又∵BE=EA=2
∴EHAP,
∴AP=2
在△APB中,∠ABP=30°,AB=4,AP=2、
∴∠APB=90°,
∴BP=,
综合①②③知:
BP=2或;
(2013浙江丽水12分)如图1,点A就就是轴正半轴上得动点,点B坐标为(0,4),M就就是线段AB得中点,将点M绕点A顺时针方向旋转90°得到点C,过点C作轴得垂线,垂足为F,过点B作轴得垂线与直线CF相交于点E,点D点A关于直线CF得对称点,连结AC,BC,CD,设点A得横坐标为
(1)当时,求CF得长;
(2)①当为何值时,点C落在线段BD上?
②设△BCE得面积为S,求S与之间得函数关系式;
(3)如图2,当点C与点E重合时,△CDF沿轴左右平移得到△C’D’F’,再将A,B,C’,D’为顶点得四边形沿C’F’剪开,得到两个图形,用这两个图形拼成不重叠且无缝隙得图形恰好就就是三角形,请直接写出所有符合上述条件得点C’得坐标。
(2013浙江丽水12分)如图1,点A就就是轴正半轴上得动点,点B坐标为(0,4),M就就是线段AB得中点,将点M绕点A顺时针方向旋转90°得到点C,过点C作轴得垂线,垂足为F,过点B作轴得垂线与直线CF相交于点E,点D点A关于直线CF得对称点,连结AC,BC,CD,设点A得横坐标为
(1)当时,求CF得长;
(2)①当为何值时,点C落在线段BD上?
②设△BCE得面积为S,求S与之间得函数关系式;
(3)如图2,当点C与点E重合时,△CDF沿轴左右平移得到△C’D’ F’,再将A,B,C’,D’为顶点得四边形沿C’F’剪开,得到两个图形,用这两个图形拼成不重叠且无缝隙得图形恰好就就是三角形,请直接写出所有符合上述条件得点C’得坐标。
解:
(1)当时,OA=2,
∵点B,∴OB=4、
又∵,AB=2AC,可证RT∆ABO∽RT∆CAF、
∴,即、
(2)①当时,∵RT∆ABO∽RT∆CAF,
∴,AF=2,
∴FD=2,、
∵点C落在线段BD上,∴RT∆CFD∽RT∆BOD,
∴,整理得,
解得:
(舍去)、
∴当时,点C落在线段BD上、
当点C与点E重合时,CF=4,可得、
当时,;
当时,、
(3)点得坐标为:
,,、
理由如下:
如图1,当时,点得坐标为,
根据≌,为拼成得三角形,此时得坐标为;
图1
②如图2,当点与点A重合时,点得坐标为,
根据≌,为拼成得三角形,此时得坐标为;
图2
如图3,当时,点得坐标为,
根据≌,为拼成得三角形,此时得坐标为;
图3