王明慈版 概率论与数理统计 习题三.docx
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王明慈版概率论与数理统计习题三
习题三
1甲,乙两台机器一天中出现次品的概率分布分别为
X
0123
PX(xi)
Y
0.40.30.20.1
0123
PY(yi)
0.30.50.20
若两台机器的日产量相同,问哪台机器较好?
解:
甲台机器一天的平均次品数EX=0⋅0.4+1⋅0.3+2⋅0.2+3⋅0.1=1;
乙台机器一天的平均次品数EY=0⋅0.43+1⋅0.5+2⋅0.2+3⋅0=0.9,
∵EX>EY,而两台机器的日产量相同,所以乙台机器较好。
x
2某种电子元件的寿命X(单位:
h)的概率密度为:
⎧
f(x)=⎨〈
〈
2−x,
xex
>0;
其中>0为常数.求这种电子元件的平均寿命。
〈
⎩0,x<0.
+∞+∞+∞2
解:
=∫
()=∫
2−〈=2∫2−〈
利用两次分部积分,可得
=。
EXxfxdxx〈
xedx〈
xedxEX
−∞00〈
3设随机变量X的概率密度为
x
⎧k〈,0fx
()=⎨
⎩0,其它.
已知=0.75,求及.
x
EX
+∞
f
解:
因为(x)是密度函数,所以∫−∞
f(x)=1,即
〈
+1
〈1
+
1
∫
0kxdx=1⇒k
又
x=1⇒
+10
〈〈
1
〈
k=1;
k〈
1
+2
〈1
EX=0.75,∴
∫0xkxdx=0.75⇒k
x+20=
k=075;
+2
〈〈
〈
两式联立可解得=3,=2.
k
4设设随机变量X的概率分布如下:
-1012
X
1111
P(x)6662
Xi
求,(−2
+1),2.
EXEXEX
解:
=(−1)⋅1+0⋅1+1⋅1+2⋅1=1;
EX6662
E(−2X+1)=(−2)EX+1=−1;
1=.
EX66623
5一批零件中有9个合格品与3个废品,安装机器时从这批零件中任取一个。
如果取出的废
品不再放回去,求在取得合格品以前已取出的废品数的数学期望,方差与标准差。
解:
设表示取得合格品以前已取出的废品数,则的概率分布为
XX
0123
P
X
911
2
12P3P9
P12
即
21
P3P9
3
P12
31
P3P9
4
P12
0123
X
330
P
440
90
440
18
440
1
440
1=≐0.29;
EX440440440440
=2−()2=12⋅90+22⋅18+32⋅1−(129)2≐0.30
DXEXEX
440440440440
⎛X=DX
≐0.55.
x
⎧0,<−1;
⎪
6设随机变量的分布函数为F(x)=⎨a+barcsinx,−1≤x≤1;试确定常数a,b,并求
X
与。
EXDX
⎪
⎩1,x>1.
⎪
⎧b,−1≤≤1;
1
x+∞
解:
()=⎨1−2
又∫()
=1,
fx⎪x
−∞fxdx
⎩0,其它.
1
∴∫=b
=1,∴arcsin1−arcsin(−1)=1⇒=;
x
−11
−2dxbbð
F(0)=a+barcsin0=a;
又(0)=(
0
≤0)=∫
0111
=
()=∫,
FPX
∴=1.
−∞fxdx
−1ð1−
2dx2
x
a2
+∞1
1111
∵
∫−∞
dx∫−1
1−2
1−2
EX=
xf(x)=
xdx,x
是奇函数,积分区间是对称区间,所
以=0;
EX
ðxðx
=2−2=
+∞
2=∫2()
DXEXEXEX
2
1111
=∫=.
−∞xfxdx
−1x
ð
1−x
2dx2
2
7设随机变量X服从自由度为k的⎪
分布,其概率密度为
⎧1=k−1/2
2,
>0;
⎪−x
⎨
()=⎪2k/2℘(k)xex
其中k为正整数,求的数学期望和方差。
fx⎪2X
⎪⎩0,其它.
+∞
解:
℘函数:
℘()=∫
〈−1−x
℘(
+1)=℘(),
>0,
〈0xedx
〈〈〈〈
2
+∞1−1/2
+∞
2/2
1
kk
EX=∫0
−x=
x2/2℘(k)xedx
∫0
2/2℘(k)
−x
xedx
kk
22
xt
令==x则=2,所以
t2
1k
=∫
(2)2−t
(2)
0
EX2k/2℘(k)
tedt
2
=∫
1+∞=k+1k
0
2
22−t
2k/2℘(k)
tedt
2
=k+1
22
2
−
k+1
0
=∫
+∞−
2t
2k/2℘(k)
tedt
2
=k+1
22+2
=℘(k)=2⋅=k=k;
2k/2℘(k)22
2
2
=+∞21=k−1
−x/2
−()2
DX∫0
x2k/2℘(k)xedxEX
2
2
令t==x则x=2t,所以
=∫
1+∞=k+1−
(2)2t
(2)−2
0
DX2k/2℘(k)
tedtk
2
=k+2
22
+∞k+4−1
22
0
=∫−t−
2k/2℘(k)
tedtk
2
=k
4+4
℘()−
℘(),
2,又℘(k+4)=℘(k+2+1)=k+2℘(k+2)=k+2kk
℘(k)2k
2
=kkk
4+2
⋅℘()-
2222222
2
℘(k)
2
=2k.
222k
8证明:
函数
()=[(
−)2]当=
时取得最小值,且最小值为。
提示:
考虑
⎭tEXt
tEXDX
()=
{[(−
)+(
−)]2}.
ϕtEXEXEXt
证明:
()=
{[(−
)+(
−)]2}
ϕtEXEXEXt
=(−
)2+2[(−)(
−)]+(
−)2
EXEXEXEXEXtEEXt
=(−
)2+(
−)2
EXEXEXt
ϕ
2
要使(t)最小,则后面加上的常数项(EX−t)
就要最小,所以
EX
2
当−t=0时ϕ(t)最小,最小值为E(X−EX)
,即。
DX
9某人的一串钥匙有n把,其中只有一把能开自己的门,他随意地试用这些钥匙,并且试用
过的钥匙不再试用,求试用次数的数学期望与方差,提示:
12+22+32+⋯+
2=n(n+1)(2n+1)
n6
解:
设随机变量表示试用次数,则的概率分布为
XX
(=)=1,
=1,2,3⋯
;所以
=∑n
⋅n
1+1
=;
PXkkn
n
n1
EXk
k=1
+1
n2
2−1
=2−()2=∑
2⋅−(n)2==n.
DXEXEX
k=1kn
1
212
2
10设随机变量X在[0,2
]上服从均匀分布,Y=2X
,求,。
DY
EY
⎪
1⎧2,0≤≤1,
X
解:
∼[0,],∴f(x)=⎨x2
2⎪⎩0,其它.
1311
=(2
2)=∫22
2⋅2
=4⋅x2=;
EYEX
0xdx
306
1
=2−()2=∫244⋅2
−
(1)2=1;
DYEYEY
0xdx
645
11在国际市场上,每年对我国某种出口商品的需求量为随机变量(单位:
),它在
Xt
[2000,4000]上服从均匀分布。
若每售出1,可得外汇3万元。
如果销售不出而积压,则
t
需要浪费保养费1万元/t,问应组织多少货源,才能使得平均收益最大?
⎧1
⎪,2000≤≤4000,
X⎪
解:
∼U[2000,4000],则f(x)=⎨2000x
⎩0,其它.
设随机变量表示平均收
Y
⎨
益,货源为s吨,由题意
=⎧3x−(s−x),2000≤X
=∫s
)
(4−
Y⎩3s,
14000
+∫3
s
1
EY2000
xs2000dxs
s2000dx
=−2
2+14000
ss
−2⋅20002
2000
要使取得最大值,则由二次函数的极值情况知当=3500
s
时,最大。
EY
EYt
12游客从电视塔的底层乘电梯到顶层观光,电梯于每个整点后的第6分钟,第24分钟,第
42分钟从底层上行。
假设某游客在上午8:
00∼9:
00之间到达电视塔底层等候电梯处,到
达的时刻是8点后的第X分钟,且X在区间[0,60]上服从均匀分布。
求该游客等候电梯的
时间的数学期望。
Y
U
解:
∼[0,60],等候时间与到达时刻的关系有:
X
⎪
⎧6−x,0≤x≤6;
⎪24−x,6Y
=⎨所以
⎪42−x,24⎪⎩66−x,42x
66−
=∫
2424−
x
+∫
4242−
x
+∫
6066−
x
+∫
EY0
60dx6
60dx
2460dx
4260dx
=10.2
n
13设随机变量X1,X2⋯X
相互独立,并且服从同一分布,数学期望
EXi
=,方差
∝
=2,
=1,2⋯
__
.求这些随机变量的算术平均值
=1n
的数学期望与方差。
DXi
⎛in
XXi
∑
1
ni=
__1n
1n1n1n
EX
解:
=E(∑X)=
(∑X)=∑EX
=∑∝=∝;
i
ni=1
i
ni=1
ni=1
i=1
i
__1n1n1n
1n2
=(∑
)=(∑
)=∑
=∑
2=⎛=;
DXDXi
ni=1
2DXi
ni=1
2
ni=1
DXi
2⎛
n
ni=1n
14计算泊松分布P(⎣)的三阶原点矩及三阶中心矩。
k
X
解:
∼P(⎣),P(X=k)=⎣
−,三阶原点矩为:
⎣k!
1
k
∞∞
3=∑3⋅⎣
−⎣=∑
3⋅⎣−⎣
EXk=0k
∞
k!
e
−
k
k=kk!
e
k
2
∞
k−1
2
=∑k⋅
k=1
∞
⎣⎣=
(k−1)!
e
−
m
m
⎣∑k⋅
k=1
⎣−⎣
(k−1)!
e
=∑(
+1)2⋅⎣
⎣(令
=−1)
⎣m=0m
m!
emk
∞
=∑(
mm
2+2
+1)⋅⎣−⎣
⎣m=0
m!
e
∞
=[∑
2⎣m
∞m
+2∑⎣
∞m
+∑⎣]
⎣m=0m
m!
e
m=0mm!
e
m=0mm!
e
=⎣(
2++1)
EXEX
32
⎣
⎣
=[⎣(⎣+1)+⎣+1]=⎣+3+⎣
(−)3=(
−)3=
(3−3
2+32
−3)
EXEXEX⎣EX⎣X
⎣X⎣
=EX
3−3
⎣EX
2+32−3
⎣EX⎣
=3+3
2+−3⋅(
+1)+32−3
⎣⎣⎣⎣⎣⎣⎣⎣⎣
=
⎣
15设X,Y是随机变量,证明DX=DY的充要条件是X+Y与X−Y不相关。
证明:
∵DX=DY,
cov(X+Y)(X−Y)=E(X+Y)(X−Y)−
(X+Y)(X−Y)
=(2−
EE
2)−()2+()2
所以X+Y
EXYEXEY
=DX−DY=0
X
与−Y不相关;另一方面,若X+Y与X−Y不相关,则
cov(X+Y)(X−Y)=0,∴DX=DY.
16设二维随机变量(X,Y)的概率密度为
⎨
(,)=⎧⎪1,y<
0<<1;
x
x
求cov(X,Y);并问X与Y是否相关,是否独立?
为什么?
fxy
⎪⎩0,其它.
解:
cov(X,Y)=EXY−EXEY,
+∞+∞
EXY=∫−∞∫−∞xyf(x,y)
dy=
∫∫xydxdy
dx
y
<
0x1
x
1
=∫x(∫
ydy)dx=0
0−x
+∞+x
fX(x)=∫
f(x,y)dy=∫1
=2x,0−∞−x
+∞
fY(y)=∫
−∞
1
dx
f(x,y)dx=∫1
y
dy
x
=1−y,y<;
∫
1
所以=
EX
x2xdx=
2
x
EY=∫
y(1−y)
=0(被积函数是奇函数),
03−xdy
cov(X,Y)=EXY−EXEY=0,但X与Y不独立,因为二者的联合密度不等于边缘密度的
乘积。
17设二维随机变量(X,Y)的概率密度为
⎧32
xyxyx
⎪,0≤≤2,0≤≤;
f(x,y)=⎨16
⎪⎩0,其它.
求
(1)数学期望EX,EY。
(2)方差DX,DY.
(3)协方差cov(X,Y)及相关系数R(X,Y).
解:
5
+∞233
(1)()=∫
(,)
=∫x
=,0≤≤2,
fXx
−∞fxydy
016xydy
32xx
=
=∫23
31212
7=
⋅;
EX0x32xdx
327x07
+∞
y
)(,)
233
(4),0
24,
fY(y
=∫−∞
fxydx=∫
16xydx=32y−y
≤y≤x≤
43
=∫(4−)
=2;
EY0y32yydy
(2)
2=2235
=3,
=2−2
=3−
123
)2=;
EX∫
xxdxDXEXEX(
032749
4
2=∫
324
2y
=
(4−),
=2−
4
=
2;
EY0y32
ydy
5DYEYEY5
(3)cov(X,Y)=E(XY)−EXEY=∫∫xyf(x,y)dy
x
22
=∫0∫0
22
xydxdy
dx
−24=32−24=8;
79763
(,)=XY
cov(,)
RXY≐0.874.
DXDY
18已知随机变量X,Y相互独立,且EX=5,DX=1,EY=2,DY=1,设
Y
U=X−2,V=2X−Y,求
(1)数学期望EU,EV;
(2)方差DU,DV;(3)
cov(,V),R(,V).
UU
Y
解:
(1)EU=E(X−2)=EX−2EY=5−2⋅2=1;
EV=E(2X−Y)=2EX−EY=2⋅5−2=8;
(2)DU=D(X−2)=DX+D
(2)=DX+4DY=5;
YY
DV=D(2X−Y)=D(2X)+DY=4DX+DY=5;
U
(3)cov(,V)=EUV−EUEV
Y
=E[(X−2)(2X−Y)]−8
=(2
2−5
+22)−8
EXXYY
=12−8=4;
(,)=V
cov(,)44
=U==.
RUV
DXDY
555
19已知正常男性成人的每毫升血液中白细胞数平均在7300,标准差是700,利用切比雪夫不等式估计每毫升血液中白细胞数在5200∼9400之间的概率。
解:
设随机变量表示白细胞数,则
X
P(5200=P(5200−7300=P(−2100=P(X−EX
<2100)≥1−DX
21002
700218
=1−=1−()2=.
2100239
20设随机变量服从幂-指分布,其概率密度为:
X
⎧m−x
⎪xe,x>0;
f(x)=⎨m!
利用切比雪夫不等式证明:
⎩
⎪0,≤0.
x
[0Pm+1
+∞m−x
∫x