D．B点电势可能高于A点电势
7.在如图所示电路中，电压表，电流表均为理想电表，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在滑动变阻器R1的滑片P向右端滑动的过程中（ ）
A．电压表的示数减小
B．电压表的示数增大
C．电流表的示数减小
D．电流表的示数增大
8.（多选）如图是磁流体发电机的示意图，在间距为d的平行金属板A、C间，存在磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场，两金属板通过导线与变阻器R相连，等离子体以速度v平行于两金属板垂直射入磁场．若要增大该发电机的电动势，可采取的方法是（）
A．增大d
B．增大R
C．增大B
D．增大v
三、实验题（共2小题,共14分）
9.在一次课外活动中，某同学用图甲所示装置测量放在水平光滑桌面上铁块A与金属板B间的动摩擦因数。
已知铁块A的质量mA=0.5kg，金属板B的质量mB=1kg。
用水平力F向左拉金属板B，使其一直向左运动，稳定后弹簧秤示数的放大情况如图甲所示，则A，B间的摩擦力Ff=______N，A，B间的动摩擦因数μ=。
（g取10m/s2）。
该同学还将纸带连接在金属板B的后面，通过打点计时器连续打下一系列的点，测量结果如图乙所示，图中各计数点间的时间间隔为0.1s，可求得拉金属板的水平力F=N
10.某探究小组要尽可能精确地测量电流表A1的满偏电流，可供选用的器材如下:
A.待测电流表A1（满偏电流Im为800
A,内阻r1约为100
，表盘刻度均匀，总格数为N）
B.电流表A2（量程为0.6A,内阻r2=0.1
）
C.电压表V（量程为3V，内阻Rv=3k
）
D.滑动变阻器R（最大阻值为20
）E.电源E（电动势为3V.内阻r约为1.5
）
F.开关S一个，导线若干
①该小组设计了甲，乙两个电路图，其中合理的是（选填“甲，或“乙”）;
②所选合理电路中虚线圈处应接人电表（选填“B”或“C”）;
③在开关S闭合前应把滑动变阻器的滑片P置于_____端（选填“a”或“b"）;
④在实验中，若所选电表的读数为Z，电流表A1的指针偏转了k格，则可算出待测电流表A1的满偏电流Im=___。
四、计算题
11（12分）.如图，一质量为m＝10kg的物体，由
圆弧轨道上端从静止开始下滑，到达底端时的速度v＝2m/s，然后沿水平面向右滑动1m距离后停止．已知轨道半径R＝0.4m，g＝10m/s2，则：
（1）物体滑至圆弧底端时对轨道的压力是多大？
（2）物体与水平面间的动摩擦因数μ是多少？
（3）物体沿圆弧轨道下滑过程中摩擦力做多少功？
12（20分）.如图所示，光滑绝缘水平面上方有两个方向相反的水平方向匀强磁场，竖直虚线为其边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B1＝B，B2＝3B.竖直放置的正方形金属线框边长为L，电阻为R，质量为m.线框通过一绝缘细线与套在光滑竖直杆上的质量为M的物块相连，滑轮左侧细线水平．开始时，线框与物块静止在图中虚线位置且细线水平伸直．将物块由图中虚线位置由静止释放，当物块下滑h时速度大小为v0，此时细线与水平方向夹角θ＝30°，线框刚好有一半处于右侧磁场中．（已知重力加速度g，不计一切摩擦）求：
（1）此过程中通过线框截面的电荷量q；
（2）此时安培力的功率；
（3）此过程在线框中产生的焦耳热Q.
【物理选修3-3】
（1）下列说法正确的是（ ）
A．布朗运动就是液体分子的热运动
B．在实验室中可以得到－273.15℃的低温
C．一定质量的气体被压缩时，气体压强不一定增大
D．热量一定是从高温物体传送到低温物体
E.液晶具有光学各项异性的特点
13.如图所示，一圆柱形绝热容器竖直放置，通过绝热活塞封闭着温度为T1的理想气体，活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h。
现通过电热丝给气体加热一段时间，使活塞缓慢上升且气体温度上升到T2，若这段时间内气体吸收的热量为Q，已知大气压强为P0，重力加速度为g，求：
①气体的压强．
②这段时间内活塞缓慢上升的距离是多少？
③这段时间内气体的内能变化了多少？
【物理选修3-4】
14.
（1）一列简谐横波沿
轴正方向传播，在
秒与
秒两个时刻，在
轴上（-3m，3m）区间的波形完全相同，如图所示．并且图中M，N两质点在t秒时位移均为
，下列说法中不正确的是（ ）
A．该波的最大波速为20m/s
B．（t+0.1）秒时刻，x=-2m处的质点位移一定是a
C．从t秒时刻起，x=2m处的质点比x=2.5m的质点先回到平衡位置
D．从t秒时刻起，在质点M第一次到达平衡位置时，质点N恰好到达波峰
E．该列波在传播过程中遇到宽度为d=3m的狭缝时会发生明显的衍射现象
（2）某种光学元件有两种不同透明物质I和透明物质II制成，其横截面积如图所示，O为AB中点，∠BAC=30°，半圆形透明物质I的折射率为
，透明物质II的折射率为n2。
一束光线在纸面内沿O点方向射入元件，光线与AB面垂线的夹角到θ时，通过观察发现此时从AC面恰好无光线射出，在BC面有光线垂直射出；
①该透明物质II的折射率n2；
②光线在透明物质II中的传播速率大小
；
③光线与AB面垂线的夹角θ的正弦值。
答案解析
1.【答案】D
【解析】两秒前甲运动的快，两秒时甲、乙速度相等，两秒后乙运动的快，故A错；在v－t图象中速度与时间所围的“面积”表示位移，知B错，D对；由
＝
知0～4s，甲与乙的平均速度相等，C错．
2.【答案】C
【解析】如图所示，
小球受三个力而处于平衡状态，重力mg的大小和方向都不变，绳子拉力FT方向不变，因为绳子拉力FT和外力F的合力等于重力，通过作图法知，当F的方向与绳子方向垂直时，由于垂线段最短，所以F最小，则由几何知识得θ＝30°.故C正确，A、B、D错误．
3.【答案】C
【解析】质量为2m的木块受到重力、质量为m的木块的压力、m对其作用的向后的摩擦力、轻绳的拉力、地面的支持力五个力的作用，故A错误；对整体，由牛顿第二定律可知，a＝
；隔离后面的叠加体，由牛顿第二定律可知，轻绳中拉力为F′＝3ma＝
.由此可知，当F逐渐增大到2T时，轻绳中拉力等于T，轻绳才刚好被拉断，选项B错误，C正确；轻绳刚要被拉断时，物块加速度a′＝
，质量为m和2m的木块间的摩擦力为f＝ma′＝
，故D错误．
4.【答案】B
【解析】两球所受的重力大小相等，支持力方向相同，根据力的合成，知两支持力大小、合力大小相等．根据F合＝m
得，
，合力、质量相等，r大线速度大，所以球A的线速度大于球B的线速度．故A正确，D错误．根据F合＝mrω2，得
，r大角速度小．所以球A的角速度小于球B的角速度．故B正确．根据F合=mA，知向心加速度相等．故C错误．
5.【答案】C
【解析】c处的导线位于a、b两通电导线的合磁场中，根据右手定则可得在c处的合磁场方向竖直向下，故根据左手定则可得：
c点的导线所受安培力的方向与ab边垂直，指向左边，C正确．
6.【答案】BC
【解析】 电子在电场中做曲线运动，虚线AB是电子只在电场力作用下的运动轨迹，电场力沿电场线指向曲线的凹侧，电场的方向与电子所受电场力的方向相反，如图所示．由所给条件无法判断电子的运动方向，故A错误；若aA>aB，说明电子在A点受到的电场力较大，A点的电场强度较大，根据点电荷的电场分布可知，靠近M端为场源电荷的位置，应为正电荷，故B正确；无论Q为正电荷还是负电荷，一定有电势φA>φB，电子电势能Ep＝－eφ，电势能是标量，所以一定有EpA7.【答案】BD．
【解析】当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则外电路总电阻增大，电路中总电流减小，电源的内电压减小，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压增大，故电压表示数增大；由欧姆定律可知，R3上的分压减小，而路端电压减小，故并联部分的电压增大，则电流表示数增大，故BD正确，AC错误；
8.【答案】ACD
【解析】根据平衡条件得，qvB=q
，解得电动势E=Bdv，所以可以通过增大B，d，v来增大电动势．故A，C，D正确，B错误。
9.【答案】2.50；0.50；4.50
【解析】A，B间的摩擦力Ff=2.50N，A，B间的动摩擦因数
；由纸带可知
，根据
可得
，根据牛顿第二定律F-Ff=mBa，解得F=4.50N
10.【答案】
（1）①甲②C③b④Im=
【解析】：
电压表量程3V，内阻3KΩ，满偏电流为Ig＝0.001A＝1000μA，与待测电流表类似，可以当作电流表使用，与待测电流表串联即可；题目中的电流表量程0.6安，偏大，不需要；电表选择表C；电压表和待测电流表的总电阻三千多欧姆大于滑动变阻器的阻值20欧姆，采用滑动变阻器分压式接法，电压可以连续调节；电路图选择甲图；在开关S闭合前，为了电路安全电路电阻最大，所以应把滑动变阻器的滑片P置于b端；待测电流表与电压表串联，电流相等，故：
11.【答案】
（1）200N
（2）0.2 （3）－20J
【解析】
（1）以物体为研究对象，在圆弧底端时，重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得：
FN－mg＝m
解得：
FN＝200N
由牛顿第三定律：
物体对轨道的压力大小FN′＝FN＝200N
（2）对物体研究，从底端到停止过程，受到重力、支持力和滑动摩擦力作用，重力、支持力都不做功，只有滑动摩擦力做负功，根据动能定理得：
－μmgx＝0－mv2 解得：
μ＝0.2
（3）对物体研究，从圆弧轨道上端到底端过程，重力做正功、支持力不做功、滑动摩擦力做功，根据动能定理得：
mgR＋Wf＝mv2－0
解得：
Wf＝20J 负号说明滑动摩擦力做负功
12.【答案】
（1）
（2）
（3）Mgh－
Mv02－
mv02
【解析】
（1）此过程的平均感应电动势为：
＝
＝
，
通过线框截面的电量q＝
Δt＝
Δt＝
，
解得：
q＝
.
（2）此时线框的速度为：
v＝v0cos60°＝
，
线框中的感应电动势E＝B1lv＋B2lv＝2BLv0，
线框中的感应电流I＝
，
此时的安培力功率P＝I2R＝
.
（3）对于系统由功能关系：
Q＝Mgh－
Mv02－
mv2＝Mgh－
Mv02－
mv02.
13.
（1）CE
（2））【答案】
（1）
（2）
（3）
【解析】
（1）活塞受力分析如图，
由平衡条件得
;
（2）设温度为t2时活塞与容器底部相距
.因为气体做等压变化，
由盖—吕萨克定律
得：
;
由此得：
活塞上升了
;
（3）气体对外做功为
;
由热力学第一定律可知
;
14.【答案】
（1）ABD
（2）①
②
③
【解析】
（1）由题意知，0.2s=nT，传播速度
，所以该波的最小波速为20m/s，故A错误；由0.2s=nT，当n=2时，T=0.1s，所以（t+0.1）秒时刻，x=-2m处的质点位移是-a，故B错误；由t时刻波形图知，x=2m处的质点在波谷向上振动，x=2.5m的质点向下运动，所以x=2m处的质点先回到平衡位置，故C正确；由于质点的振动是非匀变速运动，所以当质点M第一次到达平衡位置时，质点N还没有到达波峰，故D错误；该波的波长等于4m大于狭缝的尺寸，故能发生明显的衍射现象，所以E正确，所以本题错误的选择ABD。
（2）①由题意可知，光线射向AC面恰好发生全反射，反射光线垂直于BC面从棱镜射出，光路图如下图。
设该透明物质的临界角为C，由几何关系可知
，
得：
；
②由
得：
；
③由几何关系得：
r=30°；
由相对折射率定义得：
光由透明物质Ⅰ射入透明物质Ⅱ时，相对折射率：
，
，
解得：
；
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