宝鸡市高考模拟检测二数学.docx
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宝鸡市高考模拟检测二数学
2019年宝鸡市高考模拟检测
(二)
数学(理科)试题
参考公式:
样本数据x1,x2,⋯,xn的标准差锥体体积公式
1
222
s[(xx)(xx)(xnx)]
12
n
1
VSh
3
其中x为样本平均数其中S为底面面积,h为高
柱体体积公式球的表面积、体积公式
2,43V=shS=4πR
VR
3其中S为底面面积,h为高其中R为球的半径
第Ⅰ卷
一、选择题:
本大题共12小题,在每小题给出的四个选项中,只有一个是符合题目要求的.
1.若集合M={x|(x+1)(x-3)<0),集合N={x|x<1},则M∩N等于
A.(1,3)B.(-∞,-1)C.(-1,1)D.(-3,1)
2=1+i(i为虚数单位),则|x|为2.若复数z满足z(1-i)
A.
1
2
B.
2
2
C.2D.1
3.若直线x+(1+m)y-2=0与直线mx+2y+4=0平行,则m的值是
A.1B.-2C.1或-2D.
3
2
4.设向量a(1,1),b(2,3),若ka2b与a垂直,则实数k的值等于
A.1B.-1C.2D.-2
xy20,
5.若实数x,y满足约束条件
xy20,
则z=x+2y的最小值是
y1,
A.2B.3C.4D.5
2
y
216.设D为椭圆
x上任意一点,A(0,-2),B(0,2),延长AD至点P,使得|PD|
5
=|BD|,则点P的轨迹方程为
2+(y-2)2=20B.x2+(y-2)2=5A.x
2+(y+2)2=20D.x2+(y+2)2=5C.x
7.执行如图所示的程序框图,若输入如下四个函数:
①f(x)=sin(x)②f(x)=cosx③
则输出的函数是
f(x)
1
x
2
④f(x)=x
A.f(x)=sinxB.f(x)=cosxC.
f(x)
1
x
2
D.f(x)=x
8.如图,正方体ABCD—A1B1C1D1的棱长为1,线段B1D1上有两个动点E、F,且
下列结论中正确的个数为
1
EF.则
2
①AC⊥BE;②EF∥平面ABCD;③三棱锥A—BEF的体积为定值;④△AEF的面积与△BEF的
面积相等.
A.1B.2C.3D.4
9.函数f(x)sin(x)3cos(x)(ω>0)的图像过点(1,2),若f(x)相邻
的两个零点x1,x2满足|x1-x2|=6,则f(x)的单调增区间为
A.[-2+12k,4+12k](k∈Z)B.[-5+12k,1+12k](k∈Z)
C.[1+12k,7+12k](k∈Z)D.[-2+6k,1+6k](k∈Z)
2=16y的焦点为F,双曲线
10.已知抛物线x
22
xy
45
1的左、右焦点分别为F1、F2,点P
是双曲线右支上一点,则|PF|+|PF1|的最小值为
A.5B.7C.9D.11
11.已知α,β∈R,则“α>β”是“α-β>sinα-sinβ的”
A.充分必要条件B.必要不充分条件
C.充分不必要条件D.即不充分也不必要条件
12.定义在R上的函数y=f(x),满足f(3-x)=f(x),f'(x)为f(x)的导函数,且
3
(x)f'(x)0,若x1<x2,且x1+x2>3,则有
2
A.f(x1)>f(x2)B.f(x1)<f(x2)
C.f(x1)=f(f2)D.不确定
第Ⅱ卷
本卷包括必做题和选做题两部分.其中第22,23题为选做题,考生根据要求做答;其
余题为必做题,每个试题考生都必须做答.
二、填空题:
本大题共4小题,把答案填在答题卡中对应题号后的横线上.
2-2x-3)3的展开式中,含x2的项的系数是________.13.在(x
14.已知曲线
2
3
f(x)x在点(1,(f1))处的切线的倾斜角为α,则
3
22
sincos
2
2sincoscos
的值为________.
15.一个几何体的三视图如下图所示,则该几何体的体积为________.
2-c2=6,则角A16.已知三角形的内角A、B、C所对的边分别为a、b、c,若a2,b
最大时,三角形ABC的面积等于________.
三、解答题(解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤其中第17—21题为必做题。
每个
试题考生都必须作答.第22,23题为选做题,考生根据要求作答):
(一)必做题
n;数列{b
17.设数列{an}满足a1=2,an+1-an=2n}的前n项和为Sn,且
(Ⅰ)求数列{an}和{bn}的通项公式;
(Ⅱ)若cn=anbn,求数列{cn}的前n项和Tn.
1
2
S(3nn).
n
2
18.甲、乙两家外卖公司,其送餐员的日工资方案如下:
甲公司底薪70元,每单抽成2元;
乙公司无底薪,40单以内(含40单)的部分每单抽成4元,超出40单的部分每单抽成6
元.假设同一公司的送餐员一天的送餐单数相同,现从两家公司各随机抽取一名送餐员.并
分别记录其100天的送餐单数,得到如下频数表:
甲公司送餐员送餐单数频数表
送餐单数3839404142
天数2040201010
乙公司送餐员送餐单数频数表
送餐单数3839404142
天数1020204010
(Ⅰ)现从甲公司记录的这100天中随机抽取两天,求这两天送餐单数都大于40的概率;
(Ⅱ)若将频率视为概率,回答以下问题:
(i)记乙公司送餐员日工资为X(单位:
元),求X的分布列和数学期望;
(ii)小明拟到甲、乙两家公司中的一家应聘送餐员,如果仅从日工资的角度考虑,请利用
所学的统计学知识为他作出选择,并说明理由.
19.在五面体ABCDEF中,四边形EDCF是正方形,AD=DE=1,∠ADE=90°,∠ADC=∠DCB
=120°.
(Ⅰ)求证:
AE⊥BD;
(Ⅱ)求直线AF与平面BDF所成角的正弦值.
20.已知动圆P恒过定点(
1
4
1
,0),且与直线
x相切.
4
(Ⅰ)求动圆P圆心的轨迹M的方程;
(Ⅱ)正方形ABCD中,一条边AB在直线y=x+4上,另外两点C、D在轨迹M上,求正
方形的面积.
21.已知函数f(x)lnx
ax
x1
,(a∈R).
(Ⅰ)讨论函数f(x)的单调性;
(Ⅱ)若函数f(x)有两个极值点x1,x2,证明:
x1x2f(x1)f(x2)
f().
22
(二)选做题(请考生在第22,23题中任选一题作答.)
22.选修4—4:
坐标系与参数方程
点P是曲线C1:
(x-2)
2+y2=4上的动点,以坐标原点O为极点,x轴的正半轴为极轴建
立极坐标系,以极点O为中心,将点P逆时针旋转90°得到点Q,设点Q的轨迹为曲线C2.
(Ⅰ)求曲线C1,C2的极坐标方程;
(Ⅱ)射线,(ρ>0)与曲线C1,C2分别交于A,B两点,设定点M(2,0),求△MAB
3
的面积
23.选修4—5:
不等式选讲
2
设函数f(x)=x-x-1.
(Ⅰ)解不等式:
|f(x)|<1;
(Ⅱ)若|x-a|<1,求证:
|f(x)-f(a)|<2(|a|+1).
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(二)数学(理科)参考答案
一、选择题
题号123456789101112
答案CBABBCACBCAA
二、填空题
13.-9.14.
3
5
15.
10
3
16.2
三、解答题
17.解:
(Ⅰ)由已知,当时,
.(2分)
又因为,所以数列的通项公式为.
因为,所以,,(4分)
两式做差可得,且也满足此式,因此所求通项公式为.(6分)
n
(Ⅱ)由,,可得c(3n2)2,(8分)
n
123n
T124272(3n2)2
n
23nn1
2T1242(3n5)2(3n2)2,(10分)
n
两式相减得
n1
231421
nnn
T23(222)(3n2)223(3n2)2
n
12
整理得
n1
T10(3n5)2.(12分)
n
18.解:
(Ⅰ)记“抽取的两天送餐单数都大于40”为事件M,
则
P(M)
2
C
20
2
C
100
19
495
.(4分)
(Ⅱ)(ⅰ)设乙公司送餐员日送餐单数为a,
则当a38时,X384152,
当a39时,X394156,
当a40时,X404160,
当a41时,X40416166,
当a42时,X40426172.
所以X的所有可能取值为152,156,160,166,172.(6分)
故X的分布列为:
X152156160166172
P
1
10
1
5
1
5
2
5
1
10
(8分)
.(9分)
(ⅱ)依题意,甲公司送餐员日平均送餐单数为
.(10分)
所以甲公司送餐员日平均工资为元.(11分)
由(ⅰ)得乙公司送餐员日平均工资为162元.
因为,故推荐小明去乙公司应聘.(12分)
19.解:
(Ⅰ)证明:
由已知,且DCú平面,EFü平面,所以平面.
又平面平面,故.所以四边形为等腰梯形.(4分)
又,所以=BC,且ADCDCB1200,易得,
因为,,,平面,且,所以平面.所
以.DEBD
由于ADDE=D,BD平面ADE,AEü平面ADE,所以AEBD.(6分)
(Ⅱ)如图,以为原点,以DA、DB、DE分别为、y、z轴,建立空间直角坐标系,
则,,,,
所以,,.
设平面的法向量为,由
所以取,则,,得
,
.
设直线与平面所成的角为,则.
所以直线与平面所成角的正弦值为.(12分)
20.解:
(Ⅰ)动圆P的圆心到点
1
(,0)
4
的距离与它直线
1
x的距离相等,由抛物线定义
4
得,圆心P的轨迹是以
1
(,0)
4
为焦点,
1
x为准线的抛物线,且
4
1
p,圆心P的轨迹
2
方程为
2
yx.(6分)
(Ⅱ)设CD所在直线方程为yxt,
C(x,y),D(x2,y2),由
11
yxt
2
yx
得
2(21)20
xtxt,
2
x1x212t,x1x2t.
22
CD2[(12t)4t]2(14t),
又直线AB与直线CD间的距离为
t4
AD,
2
ADCD,即
t4
2(14t),解得t2或t6,
2
经检验,当t2或t6时,都有
22
(12t)4t14t0,
从而得正方形边长AD32或52.
正方形ABCD面积S18或S50.(12分)
21.解:
(Ⅰ)
2
1ax1axx2ax1
fxx
22
xxxx
11
0
,(2分)
令
221
pxxax,(x0),
①当
2
2a40即0a4时,fx0恒成立,所以fx在0,上
单调递增;
②当a0时,px1,故fx0恒成立,所以fx在0,上单调递增;
③当a4时,由于fx0的两根为
2
a2a4a
x0,
2
所以fx分别在区间
22
a2a4aa2a4a
0,,,
22
上递增,在
22
a2a4aa2a4a
22
上递减,
综上:
a4时,函数fx在0,上递增;a4时,函数fx分别在区间
22
a2a4aa2a4a
0,,,
22
上递增,在
22
a2a4aa2a4a
22
上递减.(6分)
(Ⅱ)由
(1)知a4,且x1x2a2,x1x21,
∴
axx1axx1
axax
1221
12
fxfxlnxlnxlnxxa
121212
x1x1x1x1
1212
,
而
a2
a
·
xxaaa
2ln22ln22
12
ffa
a2
22212
2
,
∴
fxfx
x1x2a2aa2a
12
flna2ln2
222222
设
a2a
haln2a4,则
22
ha
2114a
·0
a2222a2
,
ha在4,上为减函数,又h40,所以ha0,
所以
fxfx
xx
12
12
f.(12分)
22
22.解:
(Ⅰ)曲线C1的极坐标方程为4cos.
设Q,,则P,,则有4cos4sin
22
所以,曲线C2的极坐标方程为4sin.(5分)
.
(Ⅱ)M到射线
3
的距离为d2sin3,
3
AB4sincos231,
BA
33
则
1
SABd33.(10分)
2
23.解:
(Ⅰ)由f(x)1得:
1f(x)1,即
2
1xx11,
所以原不等式的解集为(1,0)(1,2).(5分)(Ⅱ):
证明:
因为|xa|1,
所以
22
|f(x)f(a)||xaax||(xa)(xa1)|
=|xa||xa1||xa1||(xa)2a1|
|xa||2a|1|2a|2
=2(|a|1).(10分)