届高考生物课堂练习课时跟踪练十六.docx
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届高考生物课堂练习课时跟踪练十六
课时跟踪练（十六）
一、选择题（每小题6分，共60分）
1．（2019·肇庆月考）孟德尔自由组合定律中的“自由组合”是指（ ）
A．带有不同遗传因子的雌雄配子间的组合
B．两亲本间的组合
C．决定同一性状的成对的遗传因子的组合
D．决定不同性状的遗传因子的组合
解析：
自由组合定律是指决定不同性状的遗传因子的组合。
答案：
D
2．最能正确表示基因自由组合定律实质的是（ ）
解析：
基因的自由组合定律的实质是在减数分裂产生配子的过程中，等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
答案：
D
3．（2019·会宁二中月考）某动物细胞中位于常染色体上的基因A、B、C分别对a、b、c为显性。
现用两个纯合子个体杂交得F1，F1测交的结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1。
则F1体细胞中三对基因在染色体上的位置是（ ）
解析：
要判别三对等位基因在染色体上的情况时可两两考虑。
若只考虑A、a和B、b，从测交后代来看aabb∶aaBb∶AaBb∶Aabb＝1∶1∶1∶1，可知这两对基因遵循自由组合定律，即这两对基因位于两对同源染色体上；若只考虑A、a和C、c，从测交后代来看只有aacc和AaCc，这两对基因不遵循自由组合，即两对基因位于一对同源染色体上，且A与C连锁，a与c连锁，故答案为B。
答案：
B
4．（2019·皖南八校联考）一个7米高和一个5米高的植株杂交，子代都是6米高。
在F2代中，7米高植株和5米高植株的概率都是。
假定双亲包含的遗传基因数量相等，且效应叠加，则控制植株株高的基因有（ ）
A．1对 B．2对
C．3对D．4对
解析：
根据题意可知，F2中，7米高植株和5米高植株的概率都是。
假定双亲包含的遗传基因数量相等，且效应叠加，则这两株植株基因的差异是3对，且遵循自由组合定律；即AABBCC株高为7米，aabbcc株高为5米，AaBbCc株高为6米，AaBbCc自交后代中AABBCC和aabbcc的概率都是，C正确。
答案：
C
5．（2019·桂林十八中模拟）一种观赏植物，纯合的蓝色品种（AABB）与纯合的鲜红色品种（aabb）杂交，F1为蓝色，F1自交，F2为9蓝∶6紫∶1鲜红。
若将F2中的紫色植株用鲜红色的植株授粉，则其后代的表现型的比例是（ ）
A．1∶1B．2∶1
C．1∶2∶1D．1∶1∶1∶1
解析：
从F1自交产生的后代性状分离比为9∶6∶1来看，题干中涉及的两对等位基因遵循自由组合定律。
纯合的蓝色品种（AABB）与纯合的鲜红色品种（aabb）杂交，F1为蓝色（AaBb），自交时产生的F2基因型、表现型及比例为A_B_∶（A_bb＋aaB_）_∶aabb＝蓝色∶紫色∶鲜红色＝9∶6∶1，所以紫色为AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，能产生的配子为Ab、aB、ab，紫色植株与aabb（鲜红色）杂交，后代中紫色∶鲜红色＝2∶1。
答案：
B
6．（2019·合肥检测）蜜蜂的雌蜂是由受精卵发育而来的二倍体，雄蜂是由卵细胞直接发育而来的单倍体。
蜜蜂长绒毛对短绒毛为显性、体色褐色对黑色为显性。
现有一只雄蜂与蜂王杂交，子代雌蜂均为褐色长绒毛，雄蜂黑色长绒毛和黑色短绒毛各占一半。
以下分析错误的是（ ）
A．雄蜂体细胞和有性生殖细胞中都不具有成对的同源染色体
B．亲本雌蜂性状为黑色长绒毛，能产生两种基因型的卵细胞
C．亲本雄蜂性状为褐色长绒毛，只能产生一种基因型的精子
D．蜜蜂体色和绒毛长短的遗传与性别相关联，属于伴性遗传
解析：
雄蜂为单倍体，是由蜂王的卵细胞发育而来的，因此雄蜂的体细胞和有性生殖细胞中都不具有成对的同源染色体，A正确；由于后代雄蜂黑色长绒毛和黑色短绒毛各占一半，说明亲本雌蜂为黑色长绒毛，可以产生两种配子，B正确；由于后代雌蜂均为褐色长绒毛，说明亲本雄蜂为褐色长绒毛，只能产生一种配子，C正确；根据题意分析可知，蜜蜂的性别与染色体组数有关，而与性染色体无关，D错误。
答案：
D
7．（2019·菏泽模拟）将一开紫花（色素是非蛋白质类物质）的豌豆的大量种子进行辐射处理，种植后发现甲、乙两株后代出现白花，且紫花与白花的分离比约为3∶1。
选择这两株后代中开白花的植株杂交，子代全部开紫花。
下列相关叙述中正确的是（ ）
A．白花豌豆的出现说明基因突变具有低频性和多害少利性
B．辐射处理导致甲乙中多个基因发生突变从而开白花
C．甲、乙两株花色基因突变发生在独立遗传的两对基因上
D．花色性状是基因通过控制蛋白质的结构直接控制生物的性状
解析：
选择这两株后代中开白花的植株杂交，子代全部开紫花，说明两株白花植株发生突变的基因不同，其基因型分别为AAbb和aaBB，甲、乙两株的基因型分别为AABb和AaBB。
答案：
C
8．（2019·泸州模拟）某种花的花色种类多种多样，其中白色的不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的多少决定着花瓣颜色的深浅，由两对独立遗传的基因（A和a，B和b）所控制；显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。
一个基因型为AaBb的植株作父本与一个基因型为AABb植株作母本杂交，下列关于子代植株描述正确的是（ ）
A．理论上可以产生三种表现型的后代
B．与父本基因型不相同的概率为
C．与母本表现相同的概率为
D．花色最浅的植株的基因型为Aabb
解析：
根据题意分析，一个基因型为AaBb的植株作父本与一个基因型为AABb植株作母本杂交，后代含有的显性基因的数量可以是4个、3个、2个、1个，因此理论上可以产生4种表现型的后代，A错误；后代与父本基因型（AABb）不相同的概率＝1－×＝，B错误；与母本表现相同的概率＝1×＝，C错误；花色最浅的植株只含有一个显性基因，基因型为Aabb，D正确。
答案：
D
9．（2019·湖北省百校联考）某种鸟类的毛色受两对常染色体上独立遗传的等位基因控制，其基因控制色素的合成途径如下图所示。
若要通过一次杂交实验来判断某白羽雄鸟的基因型，则下列方案可行的是（ ）
A．让该白羽雄鸟和纯合的白羽雌鸟杂交
B．让该白羽雄鸟和杂合的白羽雌鸟杂交
C．让该白羽雄鸟和纯合的红羽雌鸟杂交
D．让该白羽雄鸟和纯合的紫羽雌鸟杂交
解析：
读图可知，紫羽鸟对应的基因型为M_N_，红羽鸟对应的基因型为M_nn，则白羽鸟对应的基因型为mmnn或mmN_。
白羽雌鸟无论杂合或纯合，与白羽雄鸟杂交的子代均为白羽，无法确定该白羽雄鸟的基因型，A、B错误；纯合红羽雌鸟的基因型为MMnn，若白羽雄鸟的基因型为mmnn，则杂交产生的子代全为红羽；若白羽雄鸟的基因型为mmNN，与纯合红羽杂交后产生的子代全为紫羽；若该白羽雄鸟的基因型为mmNn，与纯合红羽雌鸟杂交后产生的子代既有紫羽又有白羽，因此C项对应的方案可行；若纯合紫羽鸟的基因型为MMNN，与该白羽雄鸟杂交后，子代全为紫羽鸟，此方案不可行，D错误。
答案：
C
10．（2019·广东百校联考）某雌雄同株植物中，基因型AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；基因型BB和Bb控制红色花瓣，基因型bb控制白色花瓣；这两对等位基因独立遗传。
基因型不同的两个纯种作亲本杂交得F1，F1全部为红色小花瓣植株；F1自交得F2。
下列有关叙述错误的是（ ）
A．无花瓣的植株之间自由传粉所得子代全部都是无花瓣植株
B．F2中与亲本表现型不同的植株占或
C．若F1的基因型为AaBb，则F2的表现型有5种
D．若F1的基因型为AaBb，则F2的无花瓣植株中纯合子占
解析：
无花瓣的植株必然含有aa，它们之间自由传粉所得子代也一定含有aa，所以子代全部都是无花瓣植株，A正确；基因型不同的两个纯种作亲本杂交得F1，F1全部为红色小花瓣植株，说明F1的基因型为AaBB或AaBb，双亲的杂交组合为AABB×aaBB或AABB×aabb或AAbb×aaBB，若双亲的杂交组合为AABB×aaBB，则F1的基因型为AaBB，F2中与亲本表现型不同的植株占，若双亲的杂交组合为AAbb×aaBB或AABB×aabb，则F1的基因型为AaBb，F2中的表现型及其比例为红色大花瓣（AAB_）∶白色大花瓣（AAbb）∶红色小花瓣（AaB_）∶白色小花瓣（Aabb）∶无花瓣（aaB_＋aabb）＝3∶1∶6∶2∶4，F2中与亲本表现型不同的植株占或，B错误；综上分析，若F1的基因型为AaBb，则F2的表现型有5种，F2的无花瓣植株中纯合子占，C、D正确。
答案：
B
二、非选择题（共40分）
11．（8分）（2019·潍坊二模）洋葱鳞茎的颜色受独立遗传的两对基因I、i和R、r控制，显性基因R使鳞茎表现红色，隐性基因r使鳞茎表现为黄色；只要I基因存在洋葱就不能合成色素，鳞茎表现为白色。
请回答：
（1）现有白色、红色、黄色鳞茎的洋葱各一株，白色鳞茎植株的基因型有________种可能。
若让红色鳞茎植株与黄色鳞茎植株杂交，F1个体全部自交，F2的表现型及比例可能是________________。
（2）一株纯合的白色鳞茎植株与一株纯合的红色鳞茎植株杂交，F1自交，F2的鳞茎出现白色、红色、黄色三种表现型，根据这杂交的结果，________（填“能”或“不能”）推定亲本的基因型，若能，请写出亲本基因型，并用文字简述推定过程；若不能，请简述理由。
解析：
根据题目信息白色鳞茎植株有IIRR、IIRr、IIrr、IiRR、IiRr、Iirr六种基因型。
红色鳞茎植株的基因型为iiRR或iiRr，黄色鳞茎植株基因型为iirr，F1的基因型iiRr或iiRr，iirr，因此F2的表现型为红色∶黄色＝3∶1或者红色∶黄色＝3∶5。
（2）纯合的白色鳞茎植株为IIRR或IIrr，纯合红色鳞茎植株为iiRR，F1的基因型为IiRR或IiRr，IiRR自交后代为白色鳞茎或红色鳞茎；IiRr自交后代会出现白色鳞茎、红色鳞茎和黄色鳞茎。
答案：
（1）6 红色∶黄色＝3∶1或者红色∶黄色＝3∶5
（2）能 亲本基因型为IIrr和iiRR，纯合红色亲本基因型只能是iiRR，纯合白色亲本基因型有两种可能，IIRR或IIrr，由于F2中出现了黄色鳞茎的植株（iirr），可推定F1必含有r基因，进而推定白色鳞茎亲本的基因型不可能是IIRR。
12．（12分）（2019·德州模拟）豌豆对低温的抗性由基因D、d控制、花叶病抗性由基因H、h控制（花叶病由花叶病毒引起）。
以下是利用纯种豌豆甲、乙所做实验的结果。
据此回答下列问题：
实验处理
常温下用花叶病毒感染
低温下无花叶病毒感染
甲子代成活率/%
100
0
乙子代成活率/%
0
100
（1）抗花叶病的豌豆品种是________，判断依据是____________
_____________________________________________________。
（2）若低温下用花叶病毒感染品种乙的多株植株，则成活率为________。
（3）用豌豆品种甲和乙进行杂交得到F1，F1自交，取F1植株上收获的种子分别播种于四个不同实验区中进行相应处理，统计各区豌豆的存活率，结果如下表，据表推测：
实验处理
常温
常温
低温
低温
存活率/%
100
25
25
？
①抗花叶病是________（填“显性性状”或“隐性性状”），品种甲的基因型是________。
②根据Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个实验区的数据________（填“能”或“不能”）确定D、d和H、h两对基因是否遵循自由组合定律，第Ⅳ实验区“？
”处数据为________时支持“D、d和H、h两对基因遵循自由组合定律”这一假设。
解析：
豌豆品种甲抗花叶病不抗低温，豌豆品种乙抗低温不抗花叶病。
四个实验区的设置应是：
常温无病毒感染、常温有病毒感染、低温无病毒感染、低温有病毒感染。
根据表格的实验结果，常温下抗病毒植株占，无花叶病毒感染时抗低温植株占，判断抗低温和抗花叶病都为隐性性状。
若两对基因遵守基因的自由组合定律，既抗低温又抗花叶病的植株应占。
答案：
（1）甲 用花叶病毒感染甲，子代均成活，而用花叶病毒感染乙，子代均死亡
（2）0 （3）①隐性性状 DDhh ②不能 6.25
13．（10分）（2019·郑州模拟）已知某种植物的红花和白花性状受多对等位基因控制，各对等位基因独立遗传，只要一对等位基因为隐性纯合，则表现为白花，现有三个不同的纯种白花品系，将它们相互杂交，并将第2组杂交所得的F1红花进行4、5、6组杂交实验。
请回答：
组别
杂交组合
F1表现型
组别
杂交组合
后代表现型
1组
品系1×品系2
全部白花
4组
F1红花×品系1
红花、白花
2组
品系1×品系3
全部红花
5组
F1红花×品系2
红花、白花
3组
品系2×品系3
全部白花
6组
F1红花×品系3
红花、白花
（1）两性花植物杂交时，应对母本进行去雄处理，去雄目的是防止________的发生，给成熟的雌蕊成功授粉后还应进行____________处理。
（2）依据杂交组合2的结果，可以推测品系1和品系3基因组成的特点是________________。
（3）根据上述结果可推知，花色性状应该至少由________对独立的等位基因控制，写出品系1、品系2、品系3的基因型_______________（相关基因依次用A、a；B、b；C、c……表示）。
解析：
（1）两性花植物杂交时，应对母本进行去雄处理的目的是防止植物自花传粉，给成熟的雌蕊成功授粉后还应套袋，防止外来花粉的干扰。
（2）根据题目信息：
红花和白花性状受多对等位基因控制，各对等位基因独立遗传，只要一对等位基因为隐性纯合，则表现为白花。
由杂交组合2的结果，可以推测品系1和品系3没有共同的隐性纯合基因。
（3）根据组合5的杂交结果红花、白花，判断花色性状应该至少由3对独立遗传的等位基因控制，F1红花为AaBbCc，品系2为aabbcc。
由F1红花AaBbCc，判断品系1和品系3的基因型分别为AAbbcc或aaBBcc或aabbCC和aaBBCC或AAbbCC或AABBcc。
答案：
（1）自花传粉 套袋
（2）两者没有共同的隐性纯合基因 （3）3 AAbbcc或aaBBcc或aabbCC、aabbcc、aaBBCC或AAbbCC或AABBcc
14．（10分）（2019·厦门模拟）香豌豆的紫花和红花由A/a控制，长形花粉和圆形花粉由B/b控制。
将纯种紫花长形花粉和纯种红花圆形花粉的植株作为亲本进行杂交，F1全表现为紫花长形花粉。
让F1测交，结果如图。
测交 F1 × 红花圆形花粉
↓
测交后代 紫花 紫花 红花 红花
长形花粉 圆形花粉 长形花粉 圆形花粉
比例 44 ∶ 6 ∶ 6 ∶ 44
请回答：
（1）要验证长形花粉和圆形花粉这一对相对性状的遗传遵循分离定律，最直观的方法是_______________________________________
_____________________________________________________。
（2）测交后代出现如图所示的结果，说明F1产生的配子基因型及比例是________________。
出现这种比例的原因是________________
_____________________________________________________。
（3）香豌豆的另外一对相对性状高茎（D）对矮茎（d）为显性。
为探究D/d基因与A/a、B/b基因是否位于一对同源染色体上，请从三个纯合品系（甲：
aaBBdd、乙：
aabbDD、丙：
AAbbdd）中选择合适的杂交组合进行实验。
请写出一种实验方案并预期实验结果及结论。
解析：
（1）题干信息提示最直观的方法就是观察花粉的形态，同时需要验证基因分离定律，则需要观察杂合子产生两种形态的花粉比例是否为1∶1。
（2）测交结果是紫花长形花粉∶紫花圆形花粉∶红花长形花粉∶红花圆形花粉＝44∶6∶6∶44，F1与红花圆形花粉植株进行测交，红花圆形花粉只能提供ab配子，根据后代性状从而推断出F1产生配子为AB∶Ab∶aB∶ab＝44∶6∶6∶44；如果两对基因位于不同对同源染色体上（即可进行自由组合），则测交结果是四种性状之比为1∶1∶1∶1，从题干的测交结果看，A/a和B/b基因连锁，从比例关系可以推断AB连锁；ab连锁，产生Ab和aB是由于产生了交叉互换，交叉互换的结果是产生等比例的两种重组配子。
（3）要证明两对基因符合自由组合定律需要得到双杂合个体，即AaDd或者BbDd，则可以选择甲和乙或者是乙和丙，双杂合个体自交后代显显∶显隐∶隐显∶隐隐＝9∶3∶3∶1，则表明两对基因符合自由组合定律，反之就位于一对同源染色体上。
答案：
（1）用显微镜观察F1的花粉，观察到花粉有长形、圆形两种类型且比例为1∶1（或花粉鉴定法）
（2）AB∶Ab∶aB∶ab＝44∶6∶6∶44 两对等位基因位于一对同源染色体上，减数分裂形成配子时发生交叉互换（形成四种配子，比例两多两少） （3）方案1：
选取甲和乙为亲本进行杂交，获得F1，让F1自交得F2，观察统计F2的表现型种类和比例。
若长形花粉高茎∶长形花粉矮茎∶圆形花粉高茎∶圆形花粉矮茎＝9∶3∶3∶1，则D/d与A/a（B/b）位于非同源染色体上。
若长形花粉高茎∶长形花粉矮茎∶圆形花粉高茎∶圆形花粉矮茎不为9∶3∶3∶1，则D/d与A/a（B/b）位于一对同源染色体上。
方案2：
取乙和丙为亲本进行杂交，获得F1，让F1自交得F2，观察统计F2的表现型种类和比例。
若紫花高茎∶紫花矮茎∶红花高茎∶红花矮茎＝9∶3∶3∶1，则D/d与A/a（B/b）位于非同源染色体上。
若紫花高茎∶紫花矮茎∶红花高茎∶红花矮茎不为9∶3∶3∶1，则D/d与A/a（B/b）位于一对同源染色体上。
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