湖北省恩施州巴东县第一中学学年高一下第三次月考物理试题.docx
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湖北省恩施州巴东县第一中学学年高一下第三次月考物理试题
湖北省恩施州巴东县第一中学2020-2021学年高一（下）第三次月考物理试题
学校:
___________姓名：
___________班级：
___________考号：
___________
一、单选题
1．一石块从楼房阳台边缘向下做自由落体运动到达地面，把它在空中运动的时间分为相等的三段，如果它在第一段时间内的位移是1.2m,那么它在第三段时间内位移是（）
A．1.2mB．3.6mC．6.0mD．10.8m
2．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v-t图象如图所示，由图可知（ ）
A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲
B．t=20s时，乙追上了甲
C．在t=20s之前，甲比乙运动的快；在t=20s之后乙比甲运动快
D．由于乙在t=10s时才开始运动，所以t=10s时，甲在乙前面，它们之间距离为乙追上甲前最大
3．如下图所示，将一个钢球分别放在量杯、口大底小的普通茶杯和三角烧杯中，钢球与各容器的底部和侧壁相接触，处于静止状态．若钢球和各容器的接触面都是光滑的，各容器的底面均水平，则以下说法中正确的是（）
A．各容器的侧壁对钢球均无弹力作用
B．各容器的侧壁对钢球均有弹力作用
C．量杯的侧壁对钢球无弹力作用，其余两种容器的侧壁对钢球均有弹力作用
D．口大底小的普通茶杯的侧壁对钢球有弹力作用，其余两种容器的侧壁对钢球均无弹力作用
4．如图所示，当车厢向右加速行驶时，一个质量为m的物块紧贴在车厢壁上，相对于车厢壁静止，随车一起运动，则下列说法正确的是（ ）
A．车厢壁受到物块的摩擦力与物块的重力平衡
B．车厢壁对物块的弹力与物块对车厢壁的压力是一对平衡力
C．若车厢的加速度变大，车厢壁对物块的弹力变大
D．若车厢的加速度变大，车厢壁对物块的摩擦力变大
5．完全相同的两物体P、Q，质量均为m，叠放在一起置于水平面上，如图所示。
现用两根等长的细线系在两物体上，在细线的结点处施加一水平拉力F，两物体始终保持静止状态，（重力加速度为g）。
则下列说法不正确的是（ ）
A．物体P受到细线的拉力大小为
B．两物体间的摩擦力大小为
C．物体Q对地面的压力大小为2mg
D．地面对Q的摩擦力大小为F
6．如图所示，物体A重20N，物体B重5N，不计一切摩擦和绳的重力，当两物体由静止释放后，物体A的加速度与绳子上的张力分别为（ ）
A．6m/s2，8NB．10m/s2，8N
C．8m/s2，6ND．6m/s2，9N
7．有两个大小恒定的共点力，它们的合力大小F与两力之间夹角θ的关系如图所示，则这两个力的大小分别是
A．6N和3NB．9N和3NC．9N和6ND．12N和6N
8．如图所示，甲、乙两个物体系在一根通过定滑轮（质量忽略不计）的轻绳两端，甲放在水平地板上，乙被悬挂在空中，若将甲沿水平地板向右缓慢移动少许后甲仍静止，则（）
A．轻绳对甲的拉力变大
B．甲对地面的压力变大
C．甲所受的静摩擦力变大
D．悬挂滑轮的绳的张力变大
二、多选题
9．在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，更换不同砝码重复三次实验，经数据处理做作三条v－t图象，如下图所示，则下列选项正确的是（ ）
A．三次实验中加速度最大的是图中直线c
B．三次实验中加速度最大的是图中直线a
C．图象为倾斜的直线表示小车的速度恒定
D．图象为倾斜的直线表示小车的加速度恒定
10．两个中间有孔的质量为M的小球用以轻弹簧相连，套在水平光滑横杆上．两个小球下面分别连一轻弹簧．两轻弹簧下端系在一质量为m的小球上，如图所示．已知三根轻弹簧的劲度系数都为k，三根轻弹簧刚好构成一等边三角形．下列说法正确的是
A．水平横杆对质量为M的小球的支持力为
B．连接质量为m小球的轻弹簧的弹力为
C．连接质量为m小球的轻弹簧的伸长量为
D．套在水平光滑横杆上的轻弹簧的形变量为
11．如图所示，A、B、C三球质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接．倾角为θ的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，开始系统处于静止状态．在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）
A．A球的受力情况未变，加速度为零
B．C球的加速度沿斜面向下，大小为g
C．A、B之间杆的拉力大小为
D．A、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为
12．如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A．木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a，得到如图乙所示的a-F图象，已知g取10m/s2，则（）
A．滑块A与木板B间动摩擦因数为0.1
B．当F=10N时木板B加速度为4m/s2
C．木板B的质量为1kg
D．滑块A的质量为4kg
三、实验题
13．某小组利用如图甲所示的实验装置做“验证力的平行四边形定则”实验，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。
根据实验数据在白纸上所作图如图乙所示，实验过程操作正确。
（1）乙图中F1、F2、F、F＇四个力，其中力_____（填上述字母）不是由弹簧测力计直接测得的。
（2）实验中要求先后两次力的作用效果相同，指的是_____（填正确选项前字母）。
A．两个弹簧测力计拉力F1和F2的大小之和等于一个弹簧测力计拉力F1的大小
B．结点O处于同一位置
C．橡皮条伸长到同一长度
D．橡皮条沿同一方向伸长同一长度
14．小华同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条纸带，已知打点计时器使用的电源频率为50Hz，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，各计数点到0点的距离如纸带上所示。
（1）为了达到实验的目的，除了需要打点计时器、纸带、小车、细绳、导线、低压交流电源、小木块、长木板外，还需要的仪器有________
A．刻度尺B．铁架台C．秒表D．天平
（2）根据纸带提供的信息，请你帮助他计算出打下计数点5时小车的速度v=_____m/s（结果保留3位有效数字）
（3）根据纸带提供的信息，小车运动的加速度大小为a=_____m/s2（结果保留3位有效数字）。
四、解答题
15．如图所示，倾角为
的斜面体放在水平地面上，质量为m的光滑小球放在墙与斜面体之间处于平衡状态，重力加速度为g。
求小球对斜面体的压力大小和地面对斜面体的摩擦力大小。
16．一辆汽车在十字路口等候绿灯，当绿灯亮时汽车以3m/s2的加速度开始行驶，恰在这时一辆自行车以6m/s的速度匀速驶来，从后边超过汽车。
试求：
（1）汽车在追上自行车之前两者最大距离是多少？
（2）经多长时间汽车追上自行车？
17．如图所示，质量为m=2kg的小铁块（可视为质点）放在长为L=2m的长木板左端，长木板质量M=lkg，静止在光滑水平面上，小铁块与长木板之间的动摩擦因数μ=0.1，现给小铁块一水平向右的拉力F=8N。
（g取10m/s²）求：
（1）小铁块加速度a1和长木板加速度a2；
（2）经多长时间小铁块会从长木板上滑离？
18．如图甲所示，一物块在t=0时刻，以初速度
=8m/s从足够长的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图象如图乙所示，
=1s时刻物块到达最高点，3
时刻物块返回底端。
重力加速度g=10m/s2，求：
（1）物块冲上斜面的最大位移；
（2）物块返回底端时的速度；
（3）物体与斜面间的动摩擦因数
和斜面倾角
的大小。
参考答案
1．C
【详解】
根据自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，从静止开始相等时间间隔内的位移之比为
得：
它在第三段时间内的位移为：
．
A．1.2m，与分析不符，故A错误；
B．3.6m，与分析不符，故B错误；
C．6.0m，与分析相符，故C正确；
D．10.8m，与分析不符，故D错误．
2．C
【详解】
在0-20s内，甲的速度大于乙的速度，甲比乙运动得快，且早出发，两者距离逐渐增大；t=20s后，乙的速度大于甲的速度，乙比甲运动得快，两者距离逐渐减小，所以乙可以追上甲，在t=20s时刻两者距离最大，故ABD错误，C正确。
故选C。
3．A
【详解】
如果将各容器的侧壁搬离，我们可以知道钢球还能处于静止状态，所以各容器的侧壁对钢球均无弹力作用，故A正确，BCD错误。
故选A。
4．C
【详解】
A．物块与车厢具有相同的加速度，在竖直方向上的合力为零，则物块所受的摩擦力和重力平衡，车厢壁受到物块的摩擦力与物块的重力作用在两个物体上，不是平衡力，故A错误。
B．在水平方向上，车厢壁对物块的弹力与物块对车厢壁的压力是一对作用力和反作用力。
故B错误。
C．物块与车厢具有相同的加速度，根据牛顿第二定律得，N=ma，加速度变大，车厢壁对物块的弹力变大。
故C正确。
D．车厢的加速度增大，根据牛顿第二定律知，N=ma，弹力增大，但是摩擦力和重力平衡，摩擦力保持不变。
故D错误。
故选C。
5．A
【详解】
A．将F按照平行四边形定则进行分解，如图
由几何知识知细线的拉力
即物体P受到细线的拉力大小为
，故A错误，符合题意；
B．以P为研究对象受力分析，根据平衡条件水平方向
故B正确，不符合题意；
C．对PQ的整体，在竖直方向受力平衡，则地面对Q的支持力为2mg，则物体Q对地面的压力大小为2mg，选项C正确，不符合题意；
D．以PQ整体为研究对象受力分析，根据平衡条件水平方向
即地面对Q的摩擦力大小为F，故D正确，不符合题意。
故选A。
6．A
【详解】
静止释放后，物体A将加速下降，物体B将加速上升，二者加速度大小相等，由牛顿第二定律，对A有
对B有
代入数据解得
故选A。
7．B
【分析】
由图读出两力夹角分别为0和π时合力大小．当两力夹角为0时，合力等于两分力之和．当两力夹角为π时，合力大小等于两力之差．
【详解】
设两个力大小分别为F1、F2，由图得到：
当两力夹角为0时，F1+F2=12N；当两力夹角为π时，F1-F2=6N，联立解得：
F1=9N，F2=3N，故B正确，ACD错误；故选B．
8．D
【解析】
因m处于静止状态，故绳子的拉力等于m的重力，即
，绳的张力不变，A错误；对M受力分析如图甲所示，把F进行正交分解可得关系式
，
，当M向右移动少许后，θ变大，故
减小，
减小，BC错误；对滑轮受力分析如图乙所示，把拉物体的绳子的拉力合成得
，因F不变，两绳的夹角变小，则
变大，故悬挂滑轮的绳的张力变大，D正确．
【点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解．
9．BD
【详解】
根据v－t图象可知，斜率表示物体的加速度，a的斜率最大，因此加速度最大；图像为倾斜直线斜率不变，则表示加速度不变．
A．描述与分析不符，故A错误.
B．描述与分析相符，故B正确.
C．描述与分析不符，故C错误.
D．描述与分析相符，故D正确.
10．ABC
【详解】
A、先将三个小球当做整体，在竖直方向整体受到两个力的作用，即竖直向下的重力、竖直向上的支持力，其大小为F总=（2M+m）g，两个小球均受横杆的支持力，则一个小球所受支持力为
；故A正确．
B、以m为研究对象，受到两个弹力和m的重力的作用，故有2fcos30°=mg，解得
，故B正确．
C、连接质量m小球的轻弹簧的伸长量满足胡克定律有：
，得
，故C正确．
D、对M为研究对象，在水平方向有fcos60°=kx′，解得
；故D错误．
故选ABC．
【点睛】
准确选取研究对象，正确受力分析，合理利用整体和隔离的方法是解答此题的关键．
11．CD
【详解】
A、D项：
以A、B组成的系统为研究对象，烧断细线前，A、B静止，处于平衡状态，合力为零，弹簧的弹力F=mgsinθ，烧断细线的瞬间，A、B受到的合力等于弹簧弹力，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：
mgsinθ=2ma，则加速度
，方向沿斜面向上，故A错误，D正确；
B项：
对球C，由牛顿第二定律得：
mgsinθ=ma，解得：
a=gsinθ，方向向下，故B错误；
C项：
由A、D分析可知，B的加速度为：
，以B为研究对象，由牛顿第二定律得：
T-mgsinθ=ma，解得：
，故C正确．
故应选CD．
【点睛】
本题关键点就是绳和弹簧的区别：
弹簧的弹力不会突变，而绳在断后弹力会突变为零．这点在做题时要特别留意．
12．BC
【详解】
ACD．由图知，当F=8N时，加速度为：
a=2m/s2．对A、B整体，由牛顿第二定律有：
F=（mA+mB）a，代入数据解得：
mA+mB=4kg
当F大于8N时，A、B发生相对滑动，对B，根据牛顿第二定律得：
由图示图象可知，图线的斜率：
，解得：
mB=1kg
滑块A的质量为：
mA=3kg
对于方程
，知当a=0时，F=6N，代入数据解得：
μ=0.2
故AD错误，C正确。
B．根据F=10N＞8N时，滑块与木板相对滑动，B的加速度为：
故B正确。
故选BC。
13．FB
【详解】
（1）[1]乙图中F1、F2、F、F＇四个力，其中力F不是由弹簧测力计直接测得的，是根据平行四边形法则画出的F1、F2的合力的理论值。
（2）[2]实验中要求先后两次力的作用效果相同，指的是两次使结点O处于同一位置，故选B。
14．A0.5200.400
【详解】
（1）[1]因为打点计时器可以测量小车运动的时间，所以不需要秒表，该实验不需要测量小木块和小车的质量，不需要天平，在处理纸带时，需要刻度尺测量点迹间的距离
故选A
（2）[2]交流电的频率为50Hz，知每隔0.02s打一个点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，相邻计数点间的时间间隔为
T=0.02×5=0.1s
第5个计数点的瞬时速度为
（3）[3]由逐差法得加速度大小为
15．
，mgtanθ
【详解】
小球受力分析如图甲所示，由平衡条件得：
竖直方向
FN1cosθ-mg=0
水平方向
FN2-FN1sinθ=0
对整体受力分析如图乙所示，由平衡条件得：
水平方向
Ff-FN2=0
解得
FN1=
Ff=mgtanθ
由牛顿第三定律得小球对斜面体的压力大小为
FN1′=FN1=
16．
（1）6m
（2）4s
【分析】
考查追及相遇问题。
【详解】
（1）汽车开动后速度由零逐渐增大，而自行车的速度是定值。
当汽车的速度还小于自行车的速度时，两者的距离越来越大，而一旦汽车的速度大于自行车的速度，两车的距离就会越来越小。
因此两者速度相等时距离最大，有：
解得
；
（2）当汽车追上自行车时，两车位移相等，则
解得
。
17．
（1）3m/s2；2m/s2
（2）2s
【详解】
（1）由牛顿运动定律得：
对m：
F-μmg=ma1
得：
a1=3m/s2
对M：
μmg=Ma2
得：
a2=2m/s2
（2）设经t时间，滑块滑到木板的最右端，有：
解得：
t=2s
18．
（1）4m；
（2）4m/s；（3）
，
【详解】
（1）由匀变速直线运动规律可求出物块上升过程最大位移
（2）返回到斜面底端走过的路程相等，即
可求出物块到最底端时的速度为
（3）根据牛顿第二定律和图像可知，上升时
下降时
解得
，
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