数学理 答案.docx
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数学理答案
邯郸市2020年空中课堂高三备考检测
理科数学参考答案
一、选择题:
本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.设复数z=
i
3-4i
,则在复平面内z对应的点位于
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
1.答案:
B
解析:
z=i=i(3+4i)=-4+3i,所以z在复平面内对应的点位于第二象限.
3-4i2525
N=
[5,+∞)
2.已知集合M={xx2-6x+5≥0},N={yy=x2+1},则M
A.[5,+∞)
B.{1}
C.[1,5]
D.R
2.答案:
B
解析:
M={xx≤1或x≥5},N={yy≥1}
3.(1-2x)6的展开式第三项为
A.60B.-120
C.60x2
D.-120x3
3.答案:
C
解析:
T=C2(-2x)2=60x2
36
ex+1
4.函数f(x)=⋅cosx的部分图象大致为
ex-1
A.B.C.D.
4.答案:
A
e-x+1
ex+1
f(x)
解析:
因为f(-x)=e-x-1⋅cos(-x)=-ex-1⋅cosx=-f(x),所以排除C,当x→0+时,f(x)>0,排除B、D,故选A.
为奇函数,
⎧x+y≥1,
⎨
5.设变量x,y满足约束条件⎪2x-y≤2,
⎩
⎪x-y+1≥0,
A.2B.45
5
则z=(x-3)2+y2的最小值为
C.4D.16
5
5.答案:
D
解析:
画出可行域,可发现z=(x-3)2+y2的最小值是(3,0)到2x-y-2=0距离的平方.
6.公元前四世纪,毕达哥拉斯学派对数和形的关系进行了研究.他们借助几何图形(或格点)来表示数,称为形数.形数是联系算数和几何的纽带.图为五角形数的前4个,则第10个五角形数为
A.120B.145C.270D.285
6.答案:
B
解析:
记第n个五角形数为an,由题意知:
a1=1,a2-a1=4,a3-a2=7,a4-a3=10⋅⋅⋅
易知a-a
=3(n-1)+1,由累加法得a=(3n-1)n,所以a=145.
nn-1
n210
7.若双曲线x2-y2=1(a>0,b>0)的一条渐近线与函数f(x)=ln(x+1)的图象相切,则该双曲线离心率为
a2b2
2
3
A.B.
7.答案:
A
C.2D.
5
解析:
因为双曲线的渐近线过原点,且方程为y=±bx
a
函数f(x)=ln(x+1)图象也过原点,结合图形可知切点就是(0,0)
2
k=f'(0)=1=b,∴e=
a
8.已知f(x)是定义在R上的奇函数,其图象关于点(3,0)对称,当x∈(0,3)时
x∈[2018,2019]时,f(x)的最小值为
f(x)=ex,则当
A.0B.eC.e2D.e3
8.答案:
A
解析:
f(x)关于(3,0)对称
∴f(x)+f(6-x)=0
∴f(x)=-f(6-x)=f(x-6)∴f(x)的周期为6
∴x∈[2018,2019]时f(x)最小值即为x∈[2,3]时f(x)最小值
min
x∈[2,3),f(x)=f
(2)=e2
f(3)=f(-3)=-f(3)∴f(3)=0
∴x∈[2,3],f(x)min=0,选A9.设m,n为正数,且m+n=2,则
1
m+1
+n+3的最小值为
n+2
A.3B.5C.7D.9
2345
9.答案:
D
解析:
当m+n=2时,
1+n+3=
1+1
+1=
m+n+3
+1=
5+1
m+1
n+2
m+1
n+2
(m+1)(⋅
n+2)
(m+1)(⋅
n+2),
⎭
⎛m+1+n+2⎫225
因为(m+1)(⋅
n+2)≤ç
⎝
2⎪=4,
当且仅当m+1=n+2,即m=3,n=1时取等号,则1
+n+3≥9.
22m+1n+25
10.已知F为抛物线C:
y2=2px(p>0)的焦点.过点F的直线l交抛物线C于A,B两点,交准线于点M.
若BM+BA=0,
=9,则p为
AB
A.2B.3C.4D.5
10.答案:
C
解析:
过A,B做准线的垂线,垂足为A1,B1,x轴与准线交点为F1,
BB1
AA1
MB
MA
==1,
2
设BF=t,则BB1=t,AA1=AF
=2t,
FF1
AA1
MF
MA
==4t=
6t
p
,因为
2t
=AF
+
BF
=3t=9,得t=3,p=4.
AB
11.已知点A(0,1),B(x,2),C(x,-2)在函数f(x)=2sin(ωx+ϕ)(ω>0,0<ϕ<π)的图象上,且
122
min
BC=5.给出关于f(x)的如下命题
p:
f(x)的最小正周期为10q:
f(x)的对称轴为x=3k+1(k∈Z)
r:
f(2020)>f(2019)s:
方程f(x)=2lgx有3个实数根
其中真命题的个数是
A.4B.3C.2D.111.答案:
C
解析:
f(0)=1∴sinϕ=1∴ϕ=π
26
T=
=3∴T=6∴ω=π,
∴f(x)=
2sin(
πx+π)
BC2-42
2336
∴T=6,所以p为假命题
对称轴为x=3k+1(k∈Z),所以q为真命题
f(2020)=f(4)=-2,f(2019)=f(3)=-1,所以r为假命题方程f(x)=2lgx有3个根,所以s为真命题
选C
12.已知三棱柱ABC-A1B1C1各棱长均为2,AA1⊥平面ABC,有一个过点B且平行于平面AB1C的平面α,则该三棱柱在平面α内的正投影面积是
A.117
7
B.107
7
C.97
7
D.87
7
12.答案:
A
解析:
投影面平移不影响正投影的形状和大小,所以我们就以平面AB1C为投影面,然后构造四棱柱,得到投影为
1
五边形BMACN,通过计算可得正投影的面积为117.
7
二、填空题:
本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知{an}是首项为1的等比数列,若4an,2an+1,an+2成等差数列,则an=.
n
13.答案:
a=2n-1
解析:
4an+1
=4an+an+2
4q=4+q2,∴q=2,∴a
=2n-1
n
14.执行如图所示的程序框图,若输出的y值为1,则可输入的所有x值组成的集合为.
14.答案:
⎧-2,1,10⎫
⎨10⎬
⎩⎭
解析:
(1)当x>0时,lgx=1得x=10,x=1
1210
(2)当x<0时(x+1)2=1得x=-2,所以答案为⎧-2,1,10⎫
3⎨10⎬
⎩⎭
15.若A,B,C三点满足AB=6,且对任意λ∈R都有AC-λAB≥2,则CA⋅CB的最小值为.
15.答案:
-5
解析:
因为对任意λ∈R都有AC-λAB≥2,故点C到AB所在直线的距离为2
设AB中点为M,则
CA⋅CB=1⎡(CA+CB)2-(CA-CB)2⎤=1⎡(2CM)2-AB2⎤≥1(16-36)=-5
4⎢⎣
当且仅当CM⊥AB时等号成立
⎦⎥4⎢⎣
⎦⎥4
16.近年来,我国外卖业发展迅猛,外卖小哥穿梭在城市的大街小巷成为一道道亮丽的风景线.他们根据外卖平台提供的信息到外卖店取单.某外卖小哥每天来往于r个外卖店(外卖店的编号分别为1,2,……,r,其中
r≥3),约定:
每天他首先从1号外卖店取单,叫做第1次取单,之后,他等可能的前往其余r-1个外卖店中的任何一个店取单叫做第2次取单,依此类推.假设从第2次取单开始,他每次都是从上次取单的店之外的r-1个外卖店取单.设事件Ak={第k次取单恰好是从1号店取单},P(Ak)是事件Ak发生的概率,显然P(A1)=1,
P(A2)=0,则P(A3)=,P(Ak+1)与P(Ak)的关系式为.(k∈N*)
16.答案:
1
r-1
;P(Ak+1
)=[1-P(Ak)]
1
r-1
解析:
A2={第2次取单恰好是从1号店取单},由于每天第1次取单都是从1号店开始,根据题意,第2
次不可能从1号店取单,所以
P(A2)=0,A3={第3次取单恰好是从1号店取单},因此
P(A)=P(AA)=P(A)P(A|A)=[1-P(A)]1=1
323
232
2r-1
r-1
P(A
)=P(AA
)=P(A)P(AA)=[1-P(A)]P(AA)=[1-P(A)]1
k+1
kk+1
kk+1
kkk+1kk
r-1
三、解答题:
共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答。
第22、23题为选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题:
共60分。
17.(12分)
△ABC的内角A,B,C的对边分别是a,b,c,b=1,ccosB=
2sinA-cosC.
(1)求B;
(2)若B,A,C成等差数列,求∆ABC的面积.
17.解:
(1)ccosB=2sinA-cosC
∴a2+c2-b2
a2+b2-c2
c⋅
2ac
=2sinA-
2ab
2分
又b=1
∴a2+c2-1=
2a
2sinA
-a2+1-c2
2a
∴a=
2sinA
∴sinB=b⋅sinA=
a
又B∈(0,π)
2LLLLLLLLLLLL4分
2
∴B=π或B=3π6分
44
(2)B,A,C等差数列
∴A=π,由
(1)知B=π8分
∴a=
3
2sinA=
4
6LLLLLLLLLLLL10分
2
∴S=1absinC=1absin(B+A)=3+312分
∆ABC228
18.(12分)
如图,在四棱锥P-ABCD中,PC⊥底面ABCD,AB=AD=1,AB//CD,AB⊥AD,点E为PC的中点.平面ABE交侧棱PD于点F,四边形ABEF为平行四边形.
(1)求证:
平面PBD⊥平面PBC;
(2)若二面角A-PB-C的余弦值为-
10
,求PD与平面PAB所成角的正弦值.
5
18.解:
(1)证明:
四边形ABEF为平行四边形.
∴AB//EF,又
AB//CD
∴EF//CD,又点E为PC的中点
∴CD=2EF=2AB=2·············1分
2
∴在直角梯形ABCD中,AB=AD=1,CD=2可得连接BD,易得BD=BC=
BD2+BC2=DC2
∴BD⊥BC…………………………………………………………3分又PC⊥底面ABCD,BD⊂平面ABCD
BD⊥平面PBC…………………………………………………………4分
BD⊂平面PBD,
∴平面PBD⊥平面PBC………………………………………………5分
(2)
由
(1)知CD=2,
∴在直角梯形中可得∠DCB=450
又PC⊥底面ABCD
∴以C为原点,CD为x轴,CP为z轴建立空间直角坐标系,如图所示……………6分则A(2,1,0),B(1,1,0),D(2,0,0)设P(0,0,h)(h>0)
∴BA=(1,0,0),BP=(-1,-1,h),DP=(-2,0,h),BD=(1,-1,0)
BD⊥平面PBC
∴平面PBC的法向量可取BD=(1,-1,0)……………………………………7分设平面ABP法向量为a=(x,y,z)
⎧⎪a⋅BA=0,
由⎨
⎪⎩a⋅BP=0,
⎧x=0
⎩
得⎨-x-y+hz=0
∴可取a=(0,h,1)…………………………………………………………8分
∴cos
=-10
a,BD=-h
21+h2
5
∴h=2…………………………………………………………………………9分
∴DP=(-2,0,2),a=(0,2,1)……………………………………10分
cos
=10
DP,a=2
8⨯5
10
10
∴PD与平面PAB所成角的正弦值为
10
19.(12分)
…………………………………12分
.
中华猕猴桃果树喜湿怕旱,喜水怕涝,在我国种植范围较广.某地一生态农业公司建立了一个大型猕猴桃种植基地,该地区雨量充沛,阳光与温度条件也对果树的成长十分有利,但干旱或雨量过大也会造成损失.公司管理人员依据往年猕猴桃生长期30个周降雨量t(单位:
mm)的数据,得到如下茎叶图(表中的周降雨量为一周内降雨量的总和).
另外,猕猴桃果树发生灾害与周降雨量的关系如下表所示.
周降雨量t
(单位:
mm)
≤10
(10,50]
(50,100]
>100
猕猴桃
灾害等级
轻灾
正常
轻灾
重灾
根据上述信息,解答如下问题.
(1)根据茎叶图中所给的数据,写出周降雨量的中位数和众数;
(2)以收集数据的频率作为概率.
①估计该地区在今年发生重灾、轻灾以及无灾害的概率;
②若无灾害影响,每亩果树获利6000元;若受轻灾害影响,则每亩损失5400元;若受重灾害影响则每亩
损失10800元.为保护猕猴桃产业的发展,该地区农业部门有如下三种防控方案;方案1:
防控到轻灾害,每亩防控费用400元.
方案2:
防控到重灾害,每亩防控费用1080元.方案3:
不采取防控措施.
问:
如从获利角度考虑,哪种方案比较好?
说明理由.
19.解:
(1)根据茎叶图,可得中位数为12.5,众数为10.….….…4分
(2)①根据图中的数据,可得该地区周降雨量t(单位:
mm)的概率:
P(t≤10)=15=1,P(1030230301030
P(轻灾)=P(t≤10)+P(50100)=1
530
1
因此估计该地在今年发生重、轻害的概率分别为和
30
311
,无灾害概率为
530
……6分
②方案1:
设每亩的获利为X1(元),则X1的可能取值为6000,-10800,则X1的分布列如下:
X1
6000
-10800
P(X1)
29
30
1
30
29
则E(X)=6000⨯-10800⨯1
=5440(元),则每亩净利润为5440-400=5040(元);
13030
方案2:
设每亩的获利为X2(元),则X2的可能取值为6000元,于是P(X2=6000)=1,E(X2)=6000,净利润为6000-1080=4920(元);
方案3:
设每亩的获利为X3(元),则X3的可能取值为6000,-5400,-10800,则X3的分布列如下:
X1
6000
-5400
-10800
P(X1)
11
30
3
5
1
30
1131
则E(X3)=6000⨯30-5400⨯5-10800⨯30=-1400(元),于是每亩亏损为1400(元);由此得出,方案一的获利最多,所以选择方案一比较好.……12分
20.(12分)
x2y21
已知椭圆C:
a2+b2=1(a>b>0)过点M(23,3)且离心率为2.
(1)求椭圆C的标准方程;
(2)若椭圆C上存在三个不同的点A,B,P,满足OA+OB=OP,求弦长AB的取值范围.
20.解:
(1)由题意知c
a
1232
(3)2
(
=
)
,+
2a2b2
=1,又因为c2+b2=a2,解得a2=16,b2=12.
2
则椭圆标准方程为x
16
+
y2
12
=1.………………………………………4分
(2)因为OA+OB=OP,则由向量加法的意义知四边形OAPB为平行四边形.设直线l过A、B两点,
①若直线l垂直于x轴,易得:
P(4,0),A(2,3),B(2,-3)或者P(-4,0),A(-2,3),B(-2,-3),
此时AB
=6.…………………………………………………………………5分
②若直线l不垂直于x轴,设l:
y=kx+m(m≠0),A(x1,y1),B(x2,y2),P(x0,y0),将直线y=kx+m代入C的方程得(3+4k2)x2+8kmx+4m2-48=0
故x+x=-8km,xx=
123+4k212
4m2-48
3+4k2
,……………………………………………………7分
因为OP=OA+OB,所以x0=x1+x2,y0=y1+y2,
则x=-
8km
,y=y+y
=k(x
+x)+2m=
6m,即P⎛-
8km,
6m⎫
⎭
.
03+4k2012
⎝
⎛8km⎫2
12
⎛6m⎫2
3+4k2ç3+4k23+4k2⎪
因为P在椭圆上,有ç-3+4k2⎪
ç3+4k2⎪
,化简得m2=3+4k2.…………………9分
⎝⎭+⎝
16
⎭=1
12
验证,∆=64k2m2-16(3+4k2)(m2-12)=144m2>0.
所以x+x=-8km=
121+k2
m
123+4k2
-8km
,x1x2=
4m2-48=
1+k2
3+4k2
3+4k2
4m2-48
1+1
443+4k2
(
)
m2
1+k2
所以AB=
x1-x2=
=12
=12
.………………………10分
2
3+4k
因为3+4k2≥3,则0<1
≤1,即1<1+(1
2)≤1,得63
3
4
4
43+4k
3
综上可得,弦长AB的取值范围为[6,43].………………………………………12分
21.(12分)
已知函数f(x)=lnx+a.
ex
(1)当a=1时,判断f(x)的单调性;
(2)求证:
ex
a+1+
'e1
⋅f(x)⋅ln(x+1)<.
ea+1
21.解:
(1)当a=1时,f(x)=lnx+1,f'(x)=
ex
1-lnx-1
x
ex
令g(x)=1-lnx-1,则g(x)在(0,+∞)上为减函数,且g
(1)=0
x
所以,当x∈(0,1)时,g(x)>0,f'(x)>0,f(x)单调递增;
当x∈(1,+∞)时,g(x)<0,f'(x)<0,f(x)单调递减.
故f(x)递增区间为(0,1);f(x)递减区间为(1,+∞)
1-lnx-a
(2)f'(x)=x,exf'(x)=1-lnx-a
…………4分
只需证(1
ex
-lnx-a)ln(x+1)<
x
ea+1+1
xea+1
即(1-xlnx-