届山东省枣庄三中高三上学期期末考试物理试题01文档格式.docx
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A．0~2s末外力的平均功率是
W
B．第2s末外力的瞬时功率最大
C．第2s内外力所做的功是
J
D．第1s内与第2s内质点动能增加量的比值是
4．2013年12月14日21时11分，“嫦娥三号”在月球正面的虹湾以东地区成功实现软着陆。
已知月球表面的重力加速度为
g，g为地球表面的重力加速度。
月球半径为R，引力常量为G。
则下列说法正确的是
A．“嫦娥三号”着陆前，在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的速度v=
B．“嫦娥三号”着陆前，在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的周期T=
C．月球的质量m月=
D．月球的平均密度ρ=
5．如图所示，竖直直线为某点电荷Q所产生的电场中的一条电场线，M、N是其上的两点。
将带电小球q自M点由静止释放，它运动到N点时速度恰好为零。
由此可以判定
A．Q为正电荷，位于N点下方
B．M点的电场强度小于N点的电场强度
C．M点的电势高于N点的电势
D．q在M点的电势能大于在N点的电势能
6．如图所示，实线是电场中的等势线，为中心对称图形，部分等势线的上端标出了其电势数值；
虚线是以中心点为圆心的圆，a、b、c、d是圆周跟等势线的交点；
M、N是中轴线跟等势线的交点。
下列说法正确的是
A．a、b、c、d四点的电势都相等
B．a、b、c、d四点的电场强度大小都相等、方向都相同
C．电子若从a点运动到c点，则克服电场力做的功大于0.4eV
D．电子若在M点由静止释放，则将沿中轴线穿越电场区域向N点运动，此过程加速度先减小、后增加
7．如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过Δt时间从C点射出磁场，OC与OB成60°
角。
现将带电粒子的速度变为
v，仍从A点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为
A．
ΔtB．2Δt
C．
ΔtD．
Δt
8．1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖。
由左端射入质谱仪的一束粒子若运动轨迹如图所示，则下列说法正确的是
A．该束粒子带负电
B．极板P1带正电
C．在B2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大
D．在B2磁场中运动半径越大的粒子，比荷
越大
9．如图所示，开关S闭合后，A灯与B灯均发光，A、B两灯电阻均大于电源的内阻。
当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，以下说法正确的是
A．A灯变暗B．B灯变暗
C．电源的输出功率先增大、后减小D．电源的总功率减小
10．如图所示，R1和R2是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体，但R1的尺寸比R2的尺寸大。
在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方向如图，则下列说法正确的是
A．R1中的电流小于R2中的电流
B．R1中的电流等于R2中的电流
C．R1中自由电荷定向移动的速率大于R2中自由电荷定向移动的速率
D．R1中自由电荷定向移动的速率小于R2中自由电荷定向移动的速率
第Ⅱ卷（非选择题共60分）
注意事项:
1．第Ⅱ卷共4页，用黑色签字笔直接答在试题卷上（除题目有特殊规定外）．
2．答题前将密封线内的项目填写清楚．
题号
二
三
总分
14
15
16
17
得分
得分
评卷人
二、填空题（本题共3小题，共16分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答）
11．（2分）如右图所示，螺旋测微器的读数为mm。
12．（7分）要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。
已选用的器材有：
电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）；
电流表（量程为0~250mA，内阻约5Ω）；
电压表（量程为0~3V，内阻约3kΩ）；
电键一个、导线若干。
（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的（选填字母代号）。
A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）
B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）
（2）实验的电路图应选下图中的（选填字母代号）。
（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如右图所示。
如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5Ω的电源两端，则小灯泡的耗电功率是＿W。
13．（7分）某实验小组利用如图所示的装置“探究当合外力一定时，物体运动的加速度与其质量之间的关系”。
（1）由上图中刻度尺读出两个光电门中心之间的距离s＝24cm，由下图中游标卡尺测得遮光条的宽度d＝________cm。
该实验小组在做实验时，将滑块从如图所示位置由静止释放，由数字计时器可以读出遮光条通过光电门1的时间Δt1，遮光条通过光电门2的时间Δt2，则滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式v1＝________，滑块经过光电门2时的瞬时速度的表达式v2＝________，则滑块的加速度的表达式a＝__________________________。
（以上表达式均用字母表示）
m/g
250
300
350
400
500
800
/（kg-1）
4.0
3.3
2.9
2.5
2.0
1.3
a/（m·
s-2）
1.7
1.2
1.0
0.6
（2）在本次实验中，实验小组通过改变滑块质量共做了6次实验，得到如下表所示的实验数据。
请在下图的坐标系中描点作出相应的a-
图象。
三、本题共4小题，共44分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
14．（8分）如图所示，质量M=4.0kg的木板长L=2.0m，静止在水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为μ1=0.05。
木板水平上表面左端静置质量m=2.0kg的小滑块（可视为质点），小滑块与板间的动摩擦因数为μ2=0.2。
从某时刻开始，用F=5.0N的水平力一直向右拉滑块，直至滑块滑离木板。
设木板与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2。
试求：
（1）此过程中木板的位移大小。
（2）滑块离开木板时的速度大小。
15．（12分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限内有平行于
轴的匀强电场，方向沿y轴正方向；
第Ⅳ象限的正三角形abc区域内有匀强磁场，方向垂直于xOy平面向里。
正三角形边长为L，且
边与y轴平行。
质量为m、电荷量为q的粒子，从y轴上的P（0，h）点，以大小为v0的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a（2h，0）点进入第Ⅳ象限，又经过磁场从y轴上的某点进入第Ⅲ象限，且速度与y轴负方向成45°
角，不计粒子所受的重力。
（1）电场强度的大小。
（2）粒子到达a点时速度的大小和方向。
（3）△abc区域内磁场的磁感应强度的最小值。
16．（12分）如图所示，两根质量均为m、电阻均为R、长度均为l的导体棒a、b，用两条等长的、质量和电阻均可忽略的、不可伸长的柔软长直导线连接后，b放在距地面足够高的光滑绝缘水平桌面上，a靠在桌子的光滑绝缘侧面上；
两根导体棒均与桌子边缘平行。
整个空间存在水平向右的匀强磁场，磁感应强度为B。
开始时两棒静止，自由释放后开始运动，导体棒a在落地前就已匀速运动，此时导体棒b仍未离开桌面。
已知两条导线除桌边拐弯处外其余部位均处于伸直状态，导线与桌子侧棱间无摩擦。
（1）试求导体棒匀速运动时的速度大小。
（2）从自由释放到刚匀速运动的过程中，若通过导体棒横截面的电荷量为q，求该过程中系统产生的焦耳热。
17．（12分）“∟”形轻杆两边互相垂直、长度均为l，可绕过O点的水平轴在竖直平面内自由转动。
两端各固定一个金属小球A、B；
其中A球质量为m、带负电、电荷量为q（q>
0）；
B球不带电，质量为
m。
重力加速度为g。
现将“∟”形杆从OB位于水平位置由静止释放。
已知sin37°
＝0.6，cos37°
＝0.8。
求：
（1）A、B两球的最大动能之和为多少？
（2）若在空间加竖直向下的匀强电场，OB杆仍从原来位置释放后，能转过的最大角度为127°
，则该电场的电场强度大小为多少？
高三物理试题参考答案及评分标准2014.1
一、选择题（每小题的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
1．AD2．D3．AD4．BD5．B6．D7．C8．B9．BD10.BD
二、填空题（本题共3小题，共16分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。
11．（共2分）
0.696～0.699（2分）
12．（共7分）
（1）A（2分）
（2）B（2分）
（3）0.1（3分）
13．（共7分）
（1）0.52（2分）
（1分）（1分）
（1分）
（2）描点连线如图所示（2分）
14．（8分）解：
（1）设此过程中木板的加速度为a1，位移大小为x1；
滑块的加速度为a2，位移大小为x2。
滑块从开始滑动至滑离木板所用时间为t。
由牛顿第二定律和运动学公式得：
对木板：
μ2mg–μ1（M+m）g=Ma1…………………………………………1分
x1=
a1t2……………………………………………………………1分
对滑块：
F–μ2mg=ma2………………………………………………………1分
x2=
a2t2……………………………………………………………1分
由几何关系得：
x2–x1=L……………………………………………………1分
联立以上各式，代入数据解得：
x1=2.0m…………………………………………………………………………1分
（2）设滑块滑离木板时的速度为v，由运动学公式得：
v=a2t……………………………………………………………………………1分
代入数据解得：
v=2.0m/s………………………………………………………………………1分
15．（12分）解：
（1）设电场强度为E，粒子在电场中运动的加速度为a，历时为t。
由题意得：
qE=ma………………………………1分
2h=v0t…………………………………1分
h=
at2………………………………1分
联立以上各式，解得：
E=
…………………………………1分
（2）设粒子到达a点时的速度大小为v，方向与x轴正方向成θ角；
沿负y方向的分速度为vy。
则：
vy=at…………………………………………1分
v=
………………………………………………………………1分
tanθ=
……………………………………………………………………1分
v=
v0………………………………………………………………………1分
θ=45°
…………………………………………………………………………1分
速度方向指向第IV象限且与x轴正方向成45°
角
（3）设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r。
因洛伦兹力提供向心力，故由牛顿第二定律得：
qvB=m
分析可知，当粒子从b点射出时，磁场的磁感应强度为最小值，设为Bmin，运动轨迹如图所示。
有几何关系可得：
2·
rcosθ=L……………………………………………………………………1分
联立解得：
Bmin=
………………………………………………………1分
16．（12分）解：
（1）设导体棒匀速运动时的速度为v，导体棒a切割磁感线产生的电动势为E，则：
对a棒：
E=Blv…………………………………………………………1分
F安=BIl…………………………………………………………1分
mg=F安…………………………………………………………1分
联立解得：
…………………………………………………1分
（2）从自由释放到刚匀速运动的过程中，设a棒下降的高度为h，则：
回路中磁通量的变化量为：
Δϕ=Blh……………………………………1分
回路中产生的感应电动势的平均值为：
………………………1分
回路中产生的感应电流的平均值为：
…………………………1分
通过导体棒横截面的电荷量为：
……………………………1分
系统产生的焦耳热为：
…………………………2分
联立以上各式解得：
…………………………1分
17．（12分）解：
（1）设转过θ角时系统的总动能为Ek。
由机械能守恒定律得：
Ek=mBglsinθ–mAgl（1–cosθ）……………………………………………2分
整理得：
Ek=（mBsinθ+mAcosθ）gl–mAgl………………………………1分
设tanφ=
，则：
Ek=gl
sin（θ+φ）–mAgl……………………………………2分
由上式可知，当sin（θ+φ）=1时，系统的总动能最大，设为Ekm，则：
Ekm=gl
–mAgl…………………………………………………1分
Ekm=（
-1）mgl…………………………………………………………2分
（2）到达最大角度时，两球动能为零，由功能关系得：
mAgl（1+sin37°
）=Eql（1+sin37°
）+mBglcos37°
解得：
E=
………………………………………………………………2分
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