上厦门市九年级质量检测数学试卷期末质检考试题答案评分标准.doc
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2016—2017学年（上）图3
厦门市九年级质量检测
数学
（试卷满分：
150分考试时间：
120分钟）
准考证号姓名座位号
注意事项：
1．全卷三大题，25小题，试卷共4页，另有答题卡．
2．答案必须写在答题卡上，否则不能得分．
3．可以直接使用2B铅笔作图．
一、选择题（本大题有10小题，每小题4分，共40分.每小题都有四个选项，其中有且只有一个选项正确）
图1
1.下列各式中计算结果为9的是
A.（－2）＋（－7）B.－32C.（－3）2D.3×3－1
2.如图1，点E在四边形ABCD的边BC的延长线上，则下列两个角
是同位角的是
A.∠BAC和∠ACBB.∠B和∠DCE
C.∠B和∠BADD.∠B和∠ACD
3.一元二次方程x2－2x－5＝0根的判别式的值是
A.24B.16C.－16D.－24
4.已知△ABC和△DEF关于点O对称，相应的对称点如图2所示，
则下列结论正确的是
A.AO＝BOB.BO＝EO
图2
C.点A关于点O的对称点是点DD.点D在BO的延长线上
5.已知菱形ABCD的对角线AC与BD交于点O，则下列结论正确的是
A.点O到顶点A的距离大于到顶点B的距离
B.点O到顶点A的距离等于到顶点B的距离
C.点O到边AB的距离大于到边BC的距离
D.点O到边AB的距离等于到边BC的距离
6.已知（4＋）·a＝b，若b是整数，则a的值可能是
A.B.4＋C.8－2D.2－
7.已知抛物线y＝ax2＋bx＋c和y＝max2＋mbx＋mc，其中a，b，c，m均为正数，且m≠1.
则关于这两条抛物线，下列判断正确的是
A.顶点的纵坐标相同B.对称轴相同
C.与y轴的交点相同D.其中一条经过平移可以与另一条重合
8.一位批发商从某服装制造公司购进60包型号为L的衬衫，由于包装工人疏忽，在包裹中
混进了型号为M的衬衫，每包混入的M号衬衫数及相应的包数如下表所示.
M号衬衫数
1
3
4
5
7
包数
20
7
10
11
12
一位零售商从60包中任意选取一包，则包中混入M号衬衫数不超过3的概率是
A.B.C.D.
x
－2
0
2
4
y甲
5
4
3
2
y乙
6
5
3.5
0
9.已知甲、乙两个函数图象上的部分点的横坐标x与纵坐标y如下表所示.若在实数范围内，甲、乙的函数值都随自变量的增大而减小，且两个图象只有一个交点，则关于这个交点的横坐标a，下列判断正确的是
A.a＜－2B.－2＜a＜0
C.0＜a＜2D.2＜a＜4
10.一组割草人要把两块草地上的草割掉,大草地的面积为S，小草地的面积为S.上午，全体组员都在大草地上割草.下午，一半人继续留在大草地上割草，到下午5时将剩下的草割完；另一半人到小草地上割草,到下午5时还剩下一部分没割完.若上、下午的劳动时间相同，每个割草人的工作效率也相等，则没割完的这部分草地的面积是
A.SB.SC.SD.S
二、填空题（本大题有6小题，每小题4分，共24分）
11.－3的相反数是.
12.甲、乙两人参加某商场的招聘测试，测试由语言和商品知识两个项目组成，他们各自的成绩（百分制）如下表所示.该商场根据成绩在两人之间录用了乙，则本次招聘测试中权重较大的是项目.
应聘者
语言
商品知识
甲
70
80
乙
80
70
13.在平面直角坐标系中，以原点为中心，把点A（4，5）逆时针旋转90°得到点B，则点B的坐标是.
14.飞机着陆后滑行的距离s（单位：
米）关于滑行的时间t（单位：
秒）的函数解析式是
图3
s＝60t－1.5t2，则飞机着陆后从开始滑行到完全停止所用的时间是秒.
15.如图3，AB为半圆O的直径，直线CE与半圆O相切于点C，
点D是的中点，CB＝4，四边形ABCD的面积为2AC，
则圆心O到直线CE的距离是.
16.如图4，在菱形ABCD中，∠B＝60°，AB＝a，点E，F分别
是边AB，AD上的动点，且AE＋AF＝a，则线段EF的最小
图4
值为.
三、解答题（本大题有9小题，共86分）
17.（本题满分8分）
解方程x2＋2x－2＝0.
18.（本题满分8分）
图5
如图5，在四边形ABCD中，AB＝AD＝5，BC＝12，AC＝13，∠ADC＝90°.
求证：
△ABC≌△ADC.
19.（本题满分8分）
2016年3月1日，某园林公司派出一批工人去完成种植2200棵景观树木的任务，这批工人3月1日到5日种植的数量（单位：
棵）如图6所示.
图6
（1）这批工人前两天平均每天种植多少棵景观树木？
（2）因业务需要，到3月10日必须完成种植任务，你认为该园林公司是否需要增派工人？
请运用统计知识说明理由.
20.（本题满分8分）
如图7，在平面直角坐标系中，已知某个二次函数的图象经过点A（1，m），B（2，n），
C（4，t），且点B是该二次函数图象的顶点.请在图7中描出该函数图象上另外的两个点，并画出图象.
图7
21.（本题满分8分）
图8
如图8，圆中的弦AB与弦CD垂直于点E，点F在上，＝，直线MN过点D，且∠MDC＝∠DFC，求证：
直线MN是该圆的切线.
22.（本题满分10分）
在平面直角坐标系中，一次函数y＝kx＋4m（m＞0）的图象经过点B（p，2m），其中
m＞0.
（1）若m＝1，且k＝－1，求点B的坐标；
（2）已知点A（m，0），若直线y＝kx＋4m与x轴交于点C（n，0），n＋2p＝4m，试判断
线段AB上是否存在一点N，使得点N到坐标原点O与到点C的距离之和等于线
段OB的长，并说明理由.
23.（本题满分11分）
如图9，在矩形ABCD中，点E在BC边上，动点P以2厘米/秒的速度从点A出发，沿
△AED的边按照A→E→D→A的顺序运动一周.设点P从A出发经x（x＞0）秒后，△ABP
的面积是y.
（1）若AB＝6厘米，BE＝8厘米，当点P在线段AE上时，求y关于x的函数表达式；
（2）已知点E是BC的中点，当点P在线段ED上时，y＝x；
当点P在线段AD上时，y＝32－4x.求y关于x的函数表达式.
图9
24.（本题满分11分）
图10
图11
在⊙O中，点C在劣弧上，D是弦AB上的点，∠ACD＝40°.
（1）如图10，若⊙O的半径为3，∠CDB＝70°，求的长；
（2）如图11，若DC的延长线上存在点P，使得PD＝PB，
试探究∠ABC与∠OBP的数量关系，并加以证明.
25.（本题满分14分）
已知y1＝a1（x－m）2＋5，点（m，25）在抛物线y2＝a2x2＋b2x＋c2上，其中m＞0.
（1）若a1＝－1，点（1，4）在抛物线y1＝a1（x－m）2＋5上，求m的值；
（2）记O为坐标原点，抛物线y2＝a2x2＋b2x＋c2的顶点为M．若c2＝0，点A（2，0）在此抛物线上，∠OMA＝90°求点M的坐标；
（3）若y1＋y2＝x2＋16x＋13，且4a2c2－b22＝－8a2，求抛物线y2＝a2x2＋b2x＋c2的解析式.
2016—2017学年（上）厦门市九年级质量检测
数学参考答案
说明：
解答只列出试题的一种或几种解法．如果考生的解法与所列解法不同，可参照评分量表的要求相应评分.
一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
选项
C
B
A
D
D
C
B
C
D
B
二、填空题（本大题共6小题，每题4分，共24分）
11.3.12.语言.13.（－5，4）.14.20.
15.4－4.16.a.
三、解答题（本大题有9小题，共86分）
17.（本题满分8分）
解：
∵a＝1，b＝2，c＝－2，
∴△＝b2－4ac
＝12.……………………………4分
∴x＝
＝.……………………………6分
∴x1＝－1＋，x2＝－1－．……………………………8分
18.（本题满分8分）
证明:
在Rt△ADC中，
∵∠D＝90°，
∴DC＝
＝12．………………………4分
∴DC＝BC．………………………5分
又∵AB＝AD，AC＝AC，
∴△ABC≌△ADC．……………………………8分
19.（本题满分8分）
（1）（本小题满分4分）
解：
＝220（棵）．
答：
这批工人前两天平均每天种植220棵景观树木．……………………4分
（2）（本小题满分4分）
解：
这批工人前五天平均每天种植的树木为：
＝207（棵）．……………………6分
估计到3月10日，这批工人可种植树木2070棵.……………………7分
由于2070＜2200
所以我认为公司还需增派工人.……………………8分
（也可应用前五天种植量的中位数202估计十天种植量为2020，在数据基础上，对是否需要增派工人进行合理解释即可）
20.（本题满分8分）
解：
如图：
·
·
A＇
C＇
……………………8分
21.（本题满分8分）
证明：
设该圆的圆心为点O，
在⊙O中，∵＝，
∴∠AOC＝∠BOF.
又∠AOC＝2∠ABC，∠BOF＝2∠BCF，
∴∠ABC＝∠BCF.…………………2分
∴AB∥CF.…………………3分
∴∠DCF＝∠DEB.
∵DC⊥AB，
∴∠DEB＝90°．
∴∠DCF＝90°．…………………4分
∴DF为⊙O直径.…………………5分
且∠CDF＋∠DFC＝90°.
∵∠MDC＝∠DFC，
∴∠MDC＋∠DFC＝90°.
即DF⊥MN.…………………7分
又∵MN过点D，
∴直线MN是⊙O的切线.…………………8分
22.（本题满分10分）
（1）（本小题满分4分）
解:
∵一次函数y＝kx＋4m（m＞0）的图象经过点B（p，2m），
∴2m＝kp＋4m.…………………2分
∴kp＝－2m.
∵m＝1，k＝－1，
∴p＝2.…………………3分
∴B（2，2）.…………………4分
（2）（本小题满分6分）
答：
线段AB上存在一点N，使得点N到坐标原点O与到点C的距离之和等于线段OB的长.…………………5分
理由如下：
A
B
C
N
由题意，将B（p，2m），C（n，0）分别代入y＝kx＋4m，
得kp＋4m＝2m且kn＋4m＝0.
可得n＝2p.
∵n＋2p＝4m，
∴p＝m.…………………7分
∴A（m，0），B（m，2m），C（2m，0）.
∵xB＝xA，
∴AB⊥x轴，…………………9分
且OA＝AC＝m.
∴对于线段AB上的点N，有NO＝NC.
∴点N到坐标原点O与到点C的距离之和为NO＋NC＝2NO.
∵∠BAO＝90°，
在Rt△BAO，Rt△NAO中分别有
OB2＝AB2＋OA2＝5m2，NO2＝NA2＋OA2＝NA2＋m2.
若2NO＝OB，
则4NO2＝OB2.
即4（NA2＋m2）＝5m2.
可得NA＝m.
即NA＝AB.…………………10分
所以线段AB上存在一点N，使得点N到坐标原点O与到点C的距离之和等于线段OB的长，且NA＝AB.
23.（本题满分11分）
（1）（本小题满分5分）
解：
∵四边形ABCD是矩形，
∴∠ABE＝90°.
又AB＝8,BE＝6，
∴AE＝＝10.……………………1分
设△ABE中，边AE上的高为h，
∵S△ABE＝AEh＝ABBE，
∴h＝.……………………3分
又AP＝2x，
∴y＝x（0＜x≤5）.……………………5分
（2）（本小题满分6分）
解:
∵四边形ABCD是矩形，
∴∠B＝∠C＝90°，AB＝DC,AD＝BC.
∵E为BC中点，
∴BE＝EC.
∴△ABE≌△DCE.
∴AE＝DE.……………………6分
当点P运动至点D时，S△ABP＝S△ABD，由题意得x＝32－4x，
解得x＝5.……………………7分
当点P运动一周回到点A时，S△ABP＝0，由题意得32－4x＝0，
解得x＝8.……………………8分
∴AD＝2×（8－5）＝6.
∴BC＝6.
∴BE＝3.
且AE＋ED＝2×5＝10.
∴AE＝5.
在Rt△ABE中，AB＝＝4.……………………9分
设△ABE中，边AE上的高为h，
∵S△ABE＝AEh＝ABBE，
∴h＝.
又AP＝2x，
∴当点P从A运动至点D时，y＝x（0＜x≤2.5）.…………10分
∴y关于x的函数表达式为：
当0＜x≤5时，y＝x；当5＜x≤8时，y＝32－4x.………………11分
24.（本题满分11分）
（1）（本小题满分4分）
解：
连接OC，OB.
∵∠ACD＝40°，∠CDB＝70°，
∴∠CAB＝∠CDB－∠ACD＝70°－40°＝30°.…………1分
∴∠BOC＝2∠BAC＝60°，………………2分
∴＝＝＝.………………4分
（2）（本小题满分7分）
解：
∠ABC＋∠OBP＝130°.………………………5分
证明：
设∠CAB＝α，∠ABC＝β，∠OBA＝γ，
连接OC.
则∠COB＝2α.
∵OB＝OC，
∴∠OCB＝∠OBC＝β＋γ.
∵△OCB中,∠COB＋∠OCB＋∠OBC＝180°，
∴2α＋2（β＋γ）＝180°.
即α＋β＋γ＝90°.………………………8分
∵PB＝PD，
∴∠PBD＝∠PDB
＝40°＋β.………………………9分
∴∠OBP＝∠OBA＋∠PBD
＝γ＋40°＋β
＝（90°－α）＋40°
＝130°－α.………………………11分
即∠ABC＋∠OBP＝130°.
25.（本题满分14分）
（1）（本小题满分3分）
解：
∵a1＝－1，
∴y1＝－（x－m）2＋5.
将（1，4）代入y1＝－（x－m）2＋5，得
4＝－（1－m）2＋5.…………………………2分
m＝0或m＝2.
∵m＞0，
∴m＝2.…………………………3分
（2）（本小题满分4分）
解：
∵c2＝0，
∴抛物线y2＝a2x2＋b2x.
将（2，0）代入y2＝a2x2＋b2x，得4a2＋2b2＝0.
即b2＝－2a2.
∴抛物线的对称轴是x＝1.…………………………5分
设对称轴与x轴交于点N，
则NA＝NO＝1.
又∠OMA＝90°，
∴MN＝OA＝1.…………………………6分
∴当a2＞0时，M（1，－1）；
当a2＜0时，M（1，1）.
∵25＞1，∴M（1，－1）……………………7分
（3）（本小题满分7分）
解：
方法一：
由题意知，当x＝m时，y1＝5；当x＝m时，y2＝25，
∴当x＝m时，y1＋y2＝5＋25＝30.
∵y1＋y2＝x2＋16x＋13，
∴30＝m2＋16m＋13.
解得m1＝1，m2＝－17.
∵m＞0，
∴m＝1.……………………………9分
∴y1＝a1（x－1）2＋5.
∴y2＝x2＋16x＋13－y1
＝x2＋16x＋13－a1（x－1）2－5.
即y2＝（1－a1）x2＋（16＋2a1）x＋8－a1.………………………12分
∵4a2c2－b22＝－8a2，
∴y2顶点的纵坐标为＝－2.
∴＝－2.
化简得＝－2.
解得a1＝－2.
经检验，a1是原方程的解.
∴抛物线的解析式为y2＝3x2＋12x＋10.……………………14分
方法二：
由题意知，当x＝m时，y1＝5；当x＝m时，y2＝25；
∴当x＝m时，y1＋y2＝5＋25＝30.
∵y1＋y2＝x2＋16x＋13，
∴30＝m2＋16m＋13.
解得m1＝1，m2＝－17.
∵m＞0，
∴m＝1.………………………………9分
∵4a2c2－b22＝－8a2，
∴y2顶点的纵坐标为＝－2.……………………10分
设抛物线y2的解析式为y2＝a2（x－h）2－2.
∴y1＋y2＝a1（x－1）2＋5＋a2（x－h）2－2.
∵y1＋y2＝x2＋16x＋13，
∴
解得h＝－2，a2＝3.
∴抛物线的解析式为y2＝3（x＋2）2－2.……………………………14分
（求出h＝－2与a2＝3各得2分）
方法三：
∵点（m，25）在抛物线y2＝a2x2＋b2x＋c2上，
∴a2m2＋b2m＋c2＝25.（*）
①
∵y1＋y2＝x2＋16x＋13，
③
②
∴
由②，③分别得b2m＝16m＋2m2a1，c2＝8－m2a1.
将它们代入方程（*）得a2m2＋16m＋2m2a1＋8－m2a1＝25.
整理得，m2＋16m－17＝0.
解得m1＝1，m2＝－17.
∵m＞0，
∴m＝1.………………………………………9分
∴
解得b2＝18－2a2，c2＝7＋a2.………………………12分
∵4a2c2－b22＝－8a2，
∴4a2（7＋a2）－（18－2a2）2＝－8a2.
∴a2＝3.
∴b2＝18－2×3＝12，c2＝7＋3＝10.
∴抛物线的解析式为y2＝3x2＋12x＋10.……………………………14分
2016—2017学年（上）厦门市九年级质量检测
数学评分量表
二、填空题
12.横、纵坐标都对才能得分.
三、解答题
17.解方程x2＋2x－2＝0.
测量目标
正确解一元二次方程（运算技能）（8分）.
总体要求
1.写出正确答案，至少有一步过程，不扣分.
2.只有正确答案，没有过程，只扣1分.
3.没有写出正确答案的，若过程不完整，按步给分.
4.若出现计算错误，则该步不得分，且后继有关计算的步骤均不得分.
各子目标及评分标准
第一环节（4分）
解法一：
（公式法）正确计算根的判别式“△”
1.本环节得分为4分，3分，2分，1分，0分.
2.得3分的要求：
a，b，c对应值完全正确且“△”的表达式正确.
3.得2分的要求：
●a，b，c对应值部分正确且“△”的表达式正确；
●a，b，c对应值完全正确.
4.得1分的要求：
仅a，b，c对应值部分正确.
解法二：
（配方法）正确配方
1.本环节得分为3分，2分，1分，0分.
移项、配常数项、完全平方各1分、2分、1分.
第二环节（2分）
解法一：
（公式法）正确应用求根公式代入
1.本环节得分为2分，0分.
2.得1分的要求：
仅求根公式书写正确.
解法二：
（配方法）正确开方
1.本环节得分为2分，0分.
正确分离两根（2分）
1.本环节得分为2分，1分，0分.
2.得1分的要求：
能分离两根，但化简两根错误.
图5
18．如图5，在四边形ABCD中，AB＝AD＝5，BC＝12，AC＝13，
∠ADC＝90°.求证：
△ABC≌△ADC.
测量目标
会应用勾股定理或勾股定理的逆定理、全等三角形的判定进行简单推理（8分）.（推理技能与识图技能的叠加）
总体要求
各子目标及评分标准
选择
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