高中生物必修2经典例题Word格式文档下载.docx

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杂合子的测交后代中也可出现纯合子，如Aa×

aa→Aa、aa（纯合子）。

4．孟德尔提醒出了基因的别离定律和自由组合定律，他获得成功的主要原因有（B）

①选取豌豆作实验材料　②科学地设计实验程序　③进展人工杂交实验　④应用统计学方法对实验结果进展分析　⑤选用了从一对相对性状到多对相对性状的研究方法　⑥先选择豌豆再选择紫茉莉、草莓等植物作实验材料

A．①②③④B．①②④⑤

C．②③④⑤D．③④⑤⑥

孟德尔通过选取豌豆作实验材料、科学地设计实验程序、应用统计学方法对实验结果进展分析和选用了从一对相对性状到多对相对性状的研究方法等，成功地提醒出基因别离定律和自由组合定律。

B

5.孟德尔用豌豆进展两对相对性状的杂交实验不必考虑的是（D）

A．亲本的双方都必须是纯合子

B．两对相对性状各自要有显隐性关系

C．对母本去雄，授以父本花粉

D．显性亲本作父本，隐性亲本作母本

进展两对相对性状的杂交实验时，要两对相对性状的纯种亲本杂交；

两对相对性状中每一对相对性状的遗传都遵循别离定律，即两对相对性状各自有显隐性关系；

因为以豌豆为实验材料，为防止自然条件下的自花传粉，故要对母本去雄，授以父本花粉；

由于不管是正交还是反交，结果都是一样，故显性亲本不一定作父本，隐性亲本不一定作母本。

D

6.

右图是*种遗传病的系谱图。

3号和4号为正常的异卵孪生兄弟，兄弟俩基因型均为AA的概率是（B）

A．0B．1/91/3AA*1/3AA=1/9

C．1/3D．1/16

由1号和2号生出5号（女）患者，可以推知该遗传病为隐性遗传病，1号和2号均为杂合子（Aa）。

由于3号和4号为异卵双生，且均正常，所以他们的产生是相对独立的，且基因型均可能是（1/3AA或2/3Aa），按乘法原理，可以知道兄弟俩基因型均为AA的概率是1/3×

1/3＝1/9。

7．将具有一对等位基因的杂合子，逐代自交3次，在F3中隐性纯合子比例为（D）

A．1/8B．7/8

C．9/16D．7/16

杂合子连续自交3次，则后代中杂合子的概率为1/8，纯合子的概率为1－1/8＝7/8，则隐性纯合子概率为7/8×

1/2＝7/16。

8．如图为*种遗传病的家族系谱图。

以下是对该系谱图分析得出的结论，其中错误的选项是

（）

A．该遗传病是隐性性状

B．家族中一定携带该致病基因的有：

2、4、5、6、8、9、12、13

C．家族中10为杂合子的几率为1/2

D．假设家族中14与一患者结婚，则他们生患病孩子的几率为1/3

8（母亲）、9（父亲）正常而12和13患病，可以确定该病是隐性性状。

2为患者，6的基因型一定为Aa；

7的基因型可能为AA或Aa，所以10为杂合子的几率不一定为1/2。

家族中14的基因型及概率为：

AA占1/3，Aa占2/3，他与一患者（基因型为aa）结婚所生孩子的患病几率为2/3×

1/2＝1/3。

9．豌豆种皮灰色对白色为显性，子叶黄色对绿色为显性。

豌豆甲自交后代全部为灰种皮黄子叶，豌豆乙自交后代全部为白种皮绿子叶。

现将甲花粉授到乙柱头上，受精后所得到的种子（）

A．种皮全呈白色，子叶全呈黄色

B．种皮全呈白色，子叶全呈绿色

C．种皮全呈灰色，子叶全呈绿色

D．种皮全呈灰色，子叶全呈黄色

豌豆乙为母本，种皮的基因型与母本完全一样，故所结种皮为白色；

豌豆甲、乙均为纯合子，甲、乙杂交后代为杂合子，故子叶呈现显性性状，即为黄色。

10．（2010·

高考）决定小鼠毛色为黑（B）/褐（b）色、有（s）/无（S）白斑的两对等位基因分别位于两对同源染色体上。

基因型为BbSs的小鼠间相互交配，后代中出现黑色有白斑小鼠的比例是（）

A．1/16B．3/16

C．7/16D．9/16

根据题意，黑色有白斑小鼠的基因型为B_ss，基因型为BbSs的小鼠间相互交配，后代中出现B_ss的概率为3/16。

11．人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；

二者缺一，个体即聋。

这两对基因独立遗传。

以下有关说法不正确的选项是（）

A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子

B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子

C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的几率为7/16

D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子

听觉正常与否受两对等位基因的控制，符合孟德尔自由组合定律的条件，其基因型控制相应的表现型如下表：

性状

听觉正常

听觉不正常（耳聋）

基因型

D__E__

D__ee、ddE__、ddee

夫妇中一个听觉正常（D__E__）、一个耳聋（D__ee、ddE__、ddee）有可能生下听觉正常的孩子。

双方一方只有耳蜗管正常（D__ee），另一方只有听神经正常（ddE__）的夫妇也有可能生出听觉正常的孩子。

夫妇双方基因型均为DdEe，后代中听觉正常的占9/16，耳聋占7/16。

基因型为D__ee和ddE__的耳聋夫妇，有可能生下基因型为D__E__听觉正常的孩子。

12．（2010·

高考）喷瓜有雄株、雌株和两性植株，G基因决定雄株，g基因决定两性植株，g－基因决定雌株。

G对g、g－是显性，g对g－是显性，如：

Gg是雄株，gg－是两性植株，g－g－是雌株。

以下分析正确的选项是（）

A．Gg和Gg－能杂交并产生雄株

B．一株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子

C．两性植株自交不可能产生雌株

D．两性植株群体随机传粉，产生的后代中，纯合子比例高于杂合子

Gg和Gg－都是雄株，不能进展杂交。

两性植株的喷瓜的基因型为gg或gg－，因此能产生的配子种类最多为两种。

基因型为gg－的两性植株自交，可产生g－g－的雌株。

两性植株的基因型有gg或gg－，在群体随机传粉的情况下，群体中的交配类型有：

gg×

gg；

gg－；

gg－×

gg－，因此产生的子代中纯合子比例高于杂合子。

13．拉布拉多犬的毛色受两对等位基因控制，一对等位基因控制毛色，其中黑色（B）对棕色（b）为显性；

另一对等位基因控制颜色的表达，颜色表达（E）对不表达（e）为显性。

无论遗传的毛色是哪一种（黑色或棕色），颜色不表达导致拉布拉多犬的毛色为黄色。

一位育种学家连续将一只棕色的拉布拉多犬与一只黄色的拉布拉多犬交配，子代小狗中有黑色和黄色两种。

根据以上结果可以判断亲本最可能的基因型是（）

A．bbEe×

BbeeB．bbEE×

Bbee

C．bbee×

BbeeD．bbEe×

BBee

亲本是棕色和黄色，因此亲本的基因型可以推断为：

bbE__、____ee，后代出现黄色，说明亲本之一一定是bbEe，后代中有黑色，没有棕色，所以另外一个亲本一定是BBee。

解答此题也可以采用逐一验证法，看看每一个选项的后代是否符合要求。

14．多指症由显性基因控制，先天性聋哑由隐性基因控制，这两种遗传病的基因独立遗传。

一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。

这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是（）

A．1/2、1/4、1/8B．1/4、1/8、1/2

C．1/8、1/2、1/4D．1/4、1/2、1/8

根据亲子代表现型，可推出亲代基因型父：

AaBb，母：

aaBb，他们再生一个孩子情况是：

手指（Aa×

aa）正常（aa）为1/2，多指（Aa）为1/2；

听觉（Bb×

Bb）正常（B__）为3/4，先天性聋哑（bb）为1/4；

既多指又聋哑的概率为1/2×

1/4＝1/8。

15．萝卜的根形是由两对等位基因决定的。

现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进展杂交，F1全为扁形块根。

F1自交，F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9∶6∶1，则F2扁形块根中杂合子所占的比例为（）

A．9/16B．1/2

C．8/9D．1/4

设F1为AaBb，假设其自交，则理论上子代表现型比例为9显显∶3显隐∶3隐显∶1隐隐。

而题中F1自交，F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9∶6∶1，则F2中很可能是9显显∶（3显隐＋3隐显）∶1隐隐。

所以，F2中扁形块根（A_B_）中纯合子（AABB）占1/9，杂合子占8/9。

16．（2010·

高考）南瓜的扁形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制（A、a和B、b），这两对基因独立遗传。

现将2株圆形南瓜植株进展杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；

F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。

据此推断，亲代圆形南瓜株的基因型分别是（）

A．aaBB和AabbB．aaBb和Aabb

C．AAbb和aaBBD．AABB和aabb

由两圆形的南瓜杂交后代全为扁盘形可知，两亲本均为纯合子，而从F1自交，F2的表现型及比例接近9∶6∶1看出，F1必为双杂合子。

所以此题考察的是基因间的累加作用：

两种显性基因同时存在时产生一种性状，单独存在时能分别表示相似的性状，两种基因均为隐性时又表现为另一种性状，F2代表现型有3种，比值为9∶6∶1，所以两圆形的亲本基因型为选项AAbb和aaBB。

17．豌豆灰种皮（G）对白种皮（g）为显性，黄子叶（Y）对绿子叶（y）为显性，现有GGYY与ggyy杂交得F1，F1自交得F2。

F2植株所结种子种皮颜色的别离比和子叶颜色的别离比分别是（）

A．3∶1和3∶1B．9∶3∶3∶1和3∶1

C．5∶3和9∶3∶3∶1D．3∶1和5∶3

种皮是由母本的珠被发育成的，杂交后代的种皮性状要待产生F2时方能表现，而子叶的性状在形成时即已表现。

据此可知：

GGYY×

ggyy―→F1

F2过程中，F2植株所结种子种皮颜色的别离比为3∶1，母本上所结种子中的胚（F1）控制子叶的基因型为Yy，F1所结种子中胚（F2）的基因型为（1YY∶2Yy∶1yy），则F2所结种子中胚（F3）的子叶颜色的别离比为5∶3。

18．*种鼠中，黄鼠基因A对灰鼠基因a为显性，短尾基因B对长尾基因b为显性，且基因A或b在纯合时使胚胎致死，这两对基因独立遗传。

现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，理论上所生的子代中杂合子所占的比例为（）

A．1/4B．3/4

C．1/9D．8/9

这两对基因独立遗传，符合孟德尔的自由组合定律，两只双杂合的黄色短尾鼠的基因型是AaBb，交配时会产生9种基因型的个体，但是由于基因A或b在纯合时使胚胎致死，所以，只有AaBB（2/9）、AaBb（4/9）、aaBB（1/9）、aaBb（2/9）四种基因型的个体能够生存下来，杂合子所占的比例为8/9。

19．在西葫芦的皮色遗传中，黄皮基因（Y）对绿皮基因（y）为显性，但在另一白色显性基因（W）存在时，则基因Y和y都不能表达。

现有基因型WwYy的个体自交，其后代表现型种类及比例是（）

A．4种，9∶3∶3∶1B．2种，13∶3

C．3种，12∶3∶1D．3种，10∶3∶3

由题意知，W抑制Y基因表达，W_Y_的个体表现为白色，另外W_yy的个体也为白色，wwyy的个体表现为绿色，wwY_的个体表现为黄色，因此WwYy自交后代中表现型有白、黄、绿3种，比例为12∶3∶1。

20．牵牛花的红花基因（R）对白花基因（r）显性，阔叶基因（B）对窄叶基因（b）显性，它们独立遗传。

将红花窄叶纯系植株与白花阔叶纯系植株杂交，F1植株再与"

*植株〞杂交，它们的后代中，红花阔叶、红花窄叶、白花阔叶、白花窄叶的植株数分别为354、112、341、108。

"

*植株〞的基因型应为（）

A．RrBbB．rrBb

C．RrbbD．RRbb

据题意知，F1的基因型为RrBb。

F1与"

*植株〞杂交的后代中：

红花∶白花＝（354＋112）∶（341＋108）≈1∶1，则亲代基因型应为Rr×

rr；

阔叶∶窄叶＝（354＋341）∶（112＋108）≈3∶1，则亲代的基因型应为Bb×

Bb，所以"

*植株〞的基因型是rrBb。

二、非选择题（共50分）

21．（6分）豚鼠的毛色中，白色与黑色是一对相对性状。

有编号为①～⑨的9只豚鼠，其中编号是奇数的为雄性，编号是偶数的为雌性。

①×

②→③和④，⑤×

⑥→⑦和⑧，④×

⑦→⑨，③和⑧是白色，其余的均为黑色。

用B、b分别表示其显、隐性基因。

请作答：

（1）豚鼠的毛色中，________是显性性状。

（2）个体④的基因型是________。

（3）个体⑦为杂合子的概率为________。

（4）假设利用以上豚鼠检测⑨的基因型，可采取的方法和得出的结论是

________________________________________________________________________

________________________________________________________________________。

②→③和④中，①、②均为黑色，而子代中③为白色，可判定黑色为显性性状；

豚鼠的毛色与性别无关，该基因位于常染色体上，①、②的基因型为Bb，④的表现型为黑色，其基因型为BB或Bb；

同理⑤×

⑥→⑦和⑧中，⑤、⑥均为黑色，⑧是白色，则⑦的基因型为1/3BB或2/3Bb，⑦为杂合子的概率为2/3；

检测动物的基因型应用测交的方法，即将该个体与隐性个体交配，根据后代的性状表现来判断待测个体是纯合子还是杂合子。

（1）黑色　

（2）BB或Bb（3）2/3（4）将其与⑧交配。

假设后代中出现白毛个体，说明其是杂合子；

假设后代全为黑毛个体，说明其为纯合子

22．（12分）小麦的毛颖和光颖是一对相对性状（显、隐性分别由P、p基因控制），抗锈和感锈是另一对相对性状（显、隐性分别由R、r基因控制），控制这两对相对性状的基因均独立遗传。

以纯种毛颖感锈植株（甲）和纯种光颖抗锈植株（乙）为亲本进展杂交，F1均为毛颖抗锈（丙）。

再用F1与丁进展杂交，F2有四种表现型，对每对相对性状的植株数目比例作出的统计结果如图：

（1）两对相对性状中，显性性状分别是________。

（2）亲本甲、乙的基因型分别是________；

丁的基因型是________。

（3）F1形成的配子种类是________。

产生这几种配子的原因是F1在形成配子的过程中

（4）F2中基因型为ppRR的个体所占的比例是________，光颖抗锈植株所占的比例是________。

（5）F2中表现型不同于双亲（甲和乙）的个体占全部F2的________。

（6）写出F2中抗锈病的基因型及比例：

________。

（只考虑抗锈和感锈一对相对性状）

由纯种毛颖感锈植株（甲）和纯种光颖抗锈植株（乙）为亲本进展杂交，F1均为毛颖抗锈（丙），判断毛颖、抗锈为显性性状，亲本甲、乙的基因型分别是PPrr、ppRR；

丙的基因型是PpRr。

由每对相对性状的植株数目比例作出的统计结果图判断丁的基因型是ppRr；

因为决定同一性状的成对基因别离，而决定不同性状的基因自由组合，因此F1形成的配子种类有PR、Pr、pR、pr四种。

由于只考虑抗锈和感锈一对相对性状，即Rr和Rr杂交，因此F2中抗锈病的基因型及比例为RR∶Rr＝1∶2。

（1）毛颖、抗锈　

（2）PPrr、ppRRppRr

（3）PR、Pr、pR、pr　决定同一性状的成对基因别离，而决定不同性状的基因自由组合

（4）1/83/8（5）1/2（6）RR∶Rr＝1∶2

23.（8分）野生岩鸽羽毛的颜色多种多样，现用灰色条纹岩鸽与白色无纹岩鸽作亲本进展交配，其子代中灰色无纹∶白色无纹＝1∶1；

让F1中的灰色岩鸽彼此交配，F2表现型及比例为灰色无纹∶白色无纹∶灰色条纹∶白色条纹＝6∶3∶2∶1。

请分析答复以下问题：

（1）该岩鸽羽色的相对性状中属于显性性状的是______________________________。

（2）该羽色的遗传受________对等位基因的控制，________（遵循/不遵循）孟德尔的自由组合定律。

（3）假设该岩鸽羽色的灰色与白色的控制基因用A、a表示，有纹与无纹的控制基因用B、b表示，则亲本基因型为_______________________________________________________。

（4）假设让F2中灰色条纹岩鸽彼此交配，其子代表现型及比例为

（5）F2中致死的个体所占的比例为________。

分析题中的灰色无纹∶白色无纹∶灰色条纹∶白色条纹＝6∶3∶2∶1，可知灰色∶白色＝2∶1，可判断纯合灰色致死，致死个体占1/4。

无纹∶条纹＝3∶1，符合性状别离比，可进一步判断灰色、无纹为显性性状。

亲本灰色（A_）与白色（aa）交配，后代出现白色个体，故亲本关于该性状的基因型为Aa。

亲本条纹（bb）与无纹（B_）交配，后代只有无纹，则亲代关于该性状的基因型为BB。

由此可知亲本的基因型为Aabb和aaBB。

F2中的灰色条纹个体基因型为Aabb，其自交后代AA个体致死，故其子代中灰色条纹∶白色条纹＝2∶1。

（1）灰色、无纹　

（2）两　遵循　（3）Aabb、aaBB（4）灰色条纹∶白色条纹＝2∶1（5）1/4

24．（12分）

*学校的一个生物兴趣小组进展了一项实验来验证孟德尔的遗传定律。

该小组用豌豆的两对性状做实验，选取了黄色圆粒（黄色与圆粒都是显性性状，分别用Y、R表示）与*种豌豆作为亲本杂交得到F1，并且把F1的统计数据绘制成了如上柱形图。

请根据实验结果讨论并答复以下有关问题：

（1）你能推测出亲本豌豆的表现型与基因型吗？

请写出推测过程。

（2）此实验F1中的纯合子占总数的比例是多少？

（3）有同学认为子代黄色与绿色比符合基因的别离定律，但圆粒与皱粒的比不符合基因的别离定律，你觉得该同学的想法有道理吗？

请设计一个实验来验证你的想法。

（4）如果市场上绿色圆粒豌豆销售形势很好，你能利用现有F1中四种表现型豌豆，获得纯合的绿色圆粒豌豆吗？

请写出解决程序。

（要求设计合理简单）

（1）由坐标中直方图可看出F1中黄色∶绿色＝3∶1，圆粒∶皱粒＝1∶1，可推测出双亲豌豆基因型是YyRr和Yyrr。

（2）由

（1）推断出亲本豌豆基因型YyRr×

Yyrr可分析，F1中纯合子基因型有YYrr、yyrr两种，二者占总数的1/4。

（3）由F1中粒形、粒色两对性状表现及别离比可知，两对性状都遵循基因别离定律，要想证明可选用F1中黄色圆粒豌豆自交，统计分析自交后代中圆粒与皱粒的数目及比例，假设符合3∶1则说明圆皱粒的遗传符合别离定律。

（4）要想培育绿色圆粒豌豆，可直接从F1中选出绿色圆粒连续自交，淘汰不满足要求的个体，直至不再发生性状别离即可。

（1）能。

根据基因别离定律，单独分析一对基因传递情况，子代中黄色与绿色别离比为3∶1，则亲本的基因型为Yy×

Yy，圆粒与皱粒别离比为1∶1，则亲本的基因型为Rr×

rr，所以亲本的基因型为YyRr×

Yyrr，表现型是黄色圆粒、黄色皱粒

（2）1/4。

Yy×

Yy的子代出现纯合子的概率是1/2，Rr×

rr的子代出现纯合子的概率是1/2，两对基因同时分析时，子代出现纯合子的概率是1/2×

1/2＝1/4

（3）没有道理。

如果将F1的黄色圆粒自交，则后代的圆粒与皱粒的比应该是3∶1，符合基因的别离定律

（4）能。

将F1中绿圆豌豆（yyRr）自交，淘汰绿色皱粒，再连续自交并选择，直到不发生性状别离为止

25．（12分）*学校的一个生物学兴趣小组进展了一项实验来验证孟德尔的遗传规律。

该小组用豌豆的两对相对性状做实验，选取了黄色圆粒（黄色与圆粒都是显性性状，基因分别用Y、R表示）豌豆与*豌豆作为亲本杂交，F1中黄色∶绿色＝3∶1，圆粒∶皱粒＝1∶1。

请根据实验结果答复有关问题：

（1）用学过的知识解释为什么F1中出现黄色和绿色种子的比值是3∶1。

（2）让F1中所有的黄色圆粒豌豆自交，如果这两对性状的遗传符合基因的自由组合定律，后代中纯合黄色皱粒豌豆占的比例是________。

（3）请你利用亲本中的黄色圆粒豌豆为材料设计实验，验证这两对性状的遗传符合基因的自由组合定律。

（要求：

实验设计方案科学、合理、简明）

①种植亲本中的黄色圆粒豌豆，让其_______________________________________；

②统计子代____________________________________________________________。

③结果及结论：

_________________________________________________________

证明这两对性状的遗传符合基因的自由组合定律。

（1）亲本形成配子时，含Y和y基因的配子比值是1∶1，且雌雄配子的结合是随机的。

（用遗传图解表示也可）

（2）1/8（3）①自交　②表现型及比例　③假设子代出现黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒四种表现型