导数复习导数大题练习(含详解答案).doc
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1、已知函数f(x)=(2x―kx+k)·e
(Ⅰ)当为何值时,无极值;(Ⅱ)试确定实数的值,使的极小值为
2、已知函数.
(Ⅰ)若,求曲线在处切线的斜率;(Ⅱ)求的单调区间;
(Ⅲ)设,若对任意,均存在,使得,求的取值范围.
3、设函数。
(I)求函数单调区间;(II)若恒成立,求a的取值范围;
(III)对任意n的个正整数
(1)求证:
(2)求证:
4、已知函数,其中R.
(Ⅰ)若曲线在点处的切线方程为,求函数的解析式;
(Ⅱ)当时,讨论函数的单调性.
5、已知函数为自然对数的底数
(I)当时,求函数的极值;
(Ⅱ)若函数在[-1,1]上单调递减,求的取值范围.
6、已知函数,设,.
(Ⅰ)试确定的取值范围,使得函数在上为单调函数;
(Ⅱ)试判断的大小并说明理由;
(Ⅲ)求证:
对于任意的,总存在,满足,并确定这样的的个数.
7、已知函数.
(Ⅰ)若在处取得极值,求a的值;
(Ⅱ)求函数在上的最大值.
8、已知函数..
(I)当时,求曲线在处的切线方程();
(II)求函数的单调区间.
9、已知函数,其中为自然对数的底数.
(Ⅰ)当时,求曲线在处的切线与坐标轴围成的面积;
(Ⅱ)若函数存在一个极大值点和一个极小值点,且极大值与极小值的积为,求的值.
10、已知函数.
(1)当时,求函数的极小值;
(2)试讨论曲线与轴的公共点的个数。
11、已知函数,(是不为零的常数且)。
(1)讨论函数的单调性;
(2)当时,方程在区间上有两个解,求实数的取值范围;
(3)是否存在正整数,使得当且时,不等式恒成立,若存在,找出一个满足条件的,并证明;若不存在,说明理由。
12、设函数
(1)求的单调区间;
(2)当时,设的最小值为恒成立,求实数t的取值范围。
13、设函数f(x)=ax3-(a+b)x2+bx+c,其中a>0,b,c∈R.
(1)若=0,求函数f(x)的单调增区间;
(2)求证:
当0≤x≤1时,||≤.(注:
max{a,b}表示a,b中的最大值)
14、已知函数.
(Ⅰ)讨论函数的单调性;
(Ⅱ)当时,恒成立,求实数的取值范围;
(Ⅲ)证明:
.
15、已知是二次函数,是它的导函数,且对任意的,恒成立.
(Ⅰ)求的解析表达式;
(Ⅱ)设,曲线:
在点处的切线为,与坐标轴围成的三角形面积为.求的最小值.
16、设函数与的图象分别交直线于点A,B,且曲线在点A处的切线与曲线在点B处的切线平行。
(1)求函数的表达式;
(2)当时,求函数的最小值;
(3)当时,不等式在上恒成立,求实数的取值范围。
1.设函数,其中常数a>1
(Ⅰ)讨论f(x)的单调性;
(Ⅱ)若当x≥0时,f(x)>0恒成立,求a的取值范围。
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2、已知三次函数在y轴上的截距是2,且在上单调递增,在(-1,2)上单调递减.
20070328
(Ⅰ)求函数f(x)的解析式;
(Ⅱ)若m>-1,设函数,求的单调区间.
3、已知为实数,函数.
(1)若,求函数在[-,1]上的最大值和最小值;
(2)若函数的图象上有与轴平行的切线,求的取值范围.
4、设函数,,函数的图象与轴的交点也在函数的图象上,且在此点有公切线.
(1)求、的值;
(2)证明:
当时,;当时,.
5、已知向量,(其中实数和不同时为零),当时,有,当时,.
(1)求函数式;
(2)求函数的单调递减区间;
(3)若对,都有,求实数的取值范围.
6、已知函数
(1)如,求的单调区间;
(2)若在单调增加,在单调减少,证明
>6.
7、已知函数在处取得极值2.
(1)求函数的表达式;
(2)当满足什么条件时,函数在区间上单调递增?
(3)若为图象上任意一点,直线与的图象切于点,求直线的斜率的取值范围。
8、已知函数f(x)=ax+lnx,其中a为实常数,设e为自然对数的底数.
(Ⅰ)若f(x)在区间(0,e上的最大值为-3,求a的值;
(Ⅱ)当a=-1时,试推断方程|f(x)|=在(0,2)内是否有实数解.
函数与导数解答题
1、解:
(I)
=………………3分
在R上单调递减,
所以,f(x)无极值…………………………6分
(II)当时,令,得
(1)k<4时,,有
令,得,即k=0.……………………9分
(2)k>4时,,有
令,得k=8所以,由
(1)
(2)知,k=0或8时,有极小值0
2、解:
(Ⅰ)由已知,………………2分
.
故曲线在处切线的斜率为.………………4分
(Ⅱ).………………5分
①当时,由于,故,
所以,的单调递增区间为.………………6分
②当时,由,得.
在区间上,,在区间上,
所以,函数的单调递增区间为,单调递减区间为.
………………7分
(Ⅲ)由已知,转化为.………………8分
………………9分
由(Ⅱ)知,当时,在上单调递增,值域为,故不符合题意.
(或者举出反例:
存在,故不符合题意.)………………10分
当时,在上单调递增,在上单调递减,
故的极大值即为最大值,,………11分
所以,
解得.………………12分
3、解:
(I)………………1分
当时,,在上是增函数…………2分
当时,令得……………………3分
若则,从而在区间上是增函数
若则,从而在区间上是减函数
综上可知:
当时,在区间上是增函数。
当时,在区间上是增函数,在区间上是减函数…………4分
(II)由(I)可知:
当时,不恒成立…………5分
又当时,在点处取最大值,
且………………6分
令得
故若对恒成立,则的取值范围是……7分
(III)证明:
(1)由(II)知:
当时恒有成立
即………………9分
(2)由
(1)知:
;;……;
把以上个式子相乘得
故……………………12
4、解:
(Ⅰ),------------1分
由导数的几何意义得,于是.-----------------3分
由切点在直线上可知,解得.-----5分
所以函数的解析式为.------------6分
(Ⅱ),------------------7分
当时,,函数在区间及上为增函数;
在区间上为减函数;--------------------------------------------------------9分
当时,,函数在区间上为增函数;------------------10分
当时,,函数在区间及上为增函数;
在区间上为减函数.--------------------------12分
命题意图:
本题考查了导数的几何意义、利用导数求函数的单调区间的方法以及分类讨论的数学思想。
5、解:
(I)当时,,
………………2分
当变化时,,的变化情况如下表:
所以,当时,函数的极小值为,极大值为.……………5分
(II)
令
①若,则,在内,,即,函数在区间上单调递减.………………7分
②若,则,其图象是开口向上的抛物线,对称轴为,
当且仅当,即时,在内,,
函数在区间上单调递减.………………9分
③若,则,其图象是开口向下的抛物线,
当且仅当,即时,在内,,
函数在区间上单调递减.………………………11分
综上所述,函数在区间上单调递减时,的取值范围是.…12分
6、解:
(Ⅰ)因为--------------1分
由;由,
所以在上递增,在上递减--------------3分
要使在上为单调函数,则-------------4分
(Ⅱ)因为在上递增,在上递减,
∴在处有极小值-------------5分
又,
∴在上的最小值为-------------7分
从而当时,,即-------------8分
(Ⅲ)证:
∵,又∵,
∴,
令,从而问题转化为证明方程=0在上有解,并讨论解的个数-------------9分
∵,
----------------10分
①当时,,
所以在上有解,且只有一解----------------11分
②当时,,但由于,
所以在上有解,且有两解-------------------12分
③当时,,故在上有且只有一解;
当时,,
所以在上也有且只有一解-------------------13分
综上所述,对于任意的,总存在,满足,
且当时,有唯一的适合题意;
当时,有两个适合题意.--------------14分
(说明:
第(3)题也可以令,,然后分情况证明在其值域内)
7、解:
(Ⅰ)∵,∴函数的定义域为.1分
∴.3分
∵在处取得极值,
即,∴.5分
当时,在内,在内,
∴是函数的极小值点.∴.6分
(Ⅱ)∵,∴.7分
∵x∈,∴,∴在上单调递增;在上单调递减,9分
①当时,在单调递增,
∴;10分
②当,即时,在单调递增,在单调递减,
∴;11分
③当,即时,在单调递减,
∴.12分
综上所述,当时,函数在上的最大值是;
当时,函数在上的最大值是;
当时,函数在上的最大值是.13分
8、解:
(I)当时,,,………………………2分
所以,,………………………4分
所以曲线在处的切线方程为.………………………5分
(II)函数的定义域为
,…………………6分
①当时,,在上,在上
所以在上单调递增,在上递减;……………………………………8分
②当时,在和上,在上
所以在和上单调递增,在上递减;……………………10分
③当时,在上且仅有,
所以在上单调递增;……………………………12分
④当时,在和上,在上
所以在和上单调递增,在上递减…………………14分
9、解:
(Ⅰ),3分
当时,,,,
所以曲线在处的切线方程为,5分
切线与轴、轴的交点坐标分别为,,6分
所以,所求面积为.7分
(Ⅱ)因为函数存在一个极大值点和一个极小值点,
所以,方程在内存在两个不等实根,8分
则9分所以.10分
设为函数的极大值点和极小值点,
则,,11分
因为,,所以,,12分
即,,,
解得,,此时有两个极值点,所以.14分
10、
(Ⅲ)方程,.
记,∵,
由,得x>1或x<-1(舍去).由,得.
∴g(x)在[0,1]上递减,在[1,2]上递增.………………………………10分
为使方程在区间[0,2]上恰好有两个相异的实根,
只须g(x)=0在[0,1]和上各有一个实数根,于是有
∵,………………………………11分
∴实数a的取值范围是.………………………12分
11、解:
(1)因为,
所以,……………………1分
当时,,
所以在区间上是减函数,在区间上是增函数;……3分
当时,,
所以在区间上是增函数,在区间上是减函数;……5分
(2)当时,由
(1)知道在区间上是增函数,在区间上是减函数,所以当时取得极大值,……………………7分
又,方程在区间上有两个解,
实数的取值范围是;……………………………………………………9分
(3)存在.由
(2)知道当时,即
即……………………11分
所以…12分
当时,
所以:
。
……………………14分
12、(Ⅰ)解:
,┄┄┄┄┄┄1分
当时,,
所以函数的减区间为,无增区间;
当时,,
若,由得,由得,
所以函数的减区间为,增区间为;
若,此时,所以,
所以函数的减区间为,无增区间;
综上,当时,函数的减区间为,无增区间,
当时,函数的减区间为,增区间为.┄6分
(Ⅱ)解:
由(Ⅰ)得,,┄┄┄┄┄┄7分
因为,所以,
令,则恒成立,
由于,
当时,,故函数在上是减函数,
所以成立;┄┄┄┄┄┄10分
当时,若得,
故函数在上是增函数,
即对,,与题意不符;
综上,为所求.┄┄┄┄┄┄12分
13、解:
(1)由=0,得a=b.…………………………………………………1分
故f(x)=ax3-2ax2+ax+c.
由=a(3x2-4x+1)=0,得x1=,x2=1.…………………………………2分
列表:
由表可得,函数f(x)的单调增区间是(-∞,)及(1,+∞).……………………4分
(2)=3ax2-2(a+b)x+b=3.
①当时,则在上是单调函数,
所以≤≤,或≤≤,且+=a>0.
所以||≤.………………………………………………8分
②当,即-a<b<2a,则≤≤.
(i)当-a<b≤时,则0<a+b≤.
所以==≥>0.
所以||≤.……………………………………………12分
(ii)当<b<2a时,则<0,即a2+b2-<0.
所以=>>0,即>.
所以||≤.
综上所述:
当0≤x≤1时,||≤.……………………16分
14、解:
(Ⅰ)的定义域为(0,+∞),…2分
当时,>0,故在(0,+∞)单调递增;
当时,<0,故在(0,+∞)单调递减;……………4分
当0<<1时,令=0,解得.Ks5u
则当时,>0;时,<0.
故在单调递增,在单调递减.…………6分
(Ⅱ)因为,所以当时,恒成立
令,则,……………8分
因为,由得,
且当时,;当时,.
所以在上递增,在上递减.所以,故……10分
(Ⅲ)由(Ⅱ)知当时,有,当时,即,
令,则,即…………12分
所以,,…,,
相加得
而
所以,.……Ks5u………………14分
15、解:
(Ⅰ)设(),则,……(2分)
.
由已知,得,
∴,解之,得,,,
∴.………(4分)
(Ⅱ)由
(1)得,,切线的斜率,
∴切线的方程为,即.……………(6分)
从而与轴的交点为,与轴的交点为,
∴(其中).……………(8分)
∴.………………(9分)
当时,,是减函数;
当时,,是增函数.……………(11分)
∴.…………(12分)
16、解:
(1)由,得,…………………………2分
由,得.又由题意可得,
即,故,或.………………………………4分
所以当时,,;
当时,,.
由于两函数的图象都过点,因此两条切线重合,不合题意,故舍去
∴所求的两函数为,……………………6分
(2)当时,,得
,………………………8分
由,得,
故当时,,递减,
当时,,递增,
所以函数的最小值为.…………………10分
(3),,,
当时,,,
在上为减函数,,…………12分
当时,,,
在上为增函数,,且.14分
要使不等式在上恒成立,当时,为任意实数;
当时,,而.
所以.………………………………………………16分
1.解:
(I)21世纪教育网
由知,当时,,故在区间是增函数;
当时,,故在区间是减函数;
当时,,故在区间是增函数。
综上,当时,在区间和是增函数,在区间是减函数。
(II)由(I)知,当时,在或处取得最小值。
由假设知21世纪教育网
即解得1故的取值范围是(1,6)
2、解:
(Ⅰ)∵在y轴上的截距是2,∴f(0)=2,∴c=2.
又在上单调递增,(-1,2)上单调递减,
有两个根为-1,2,
,
(Ⅱ),
,
,
当m>-1时,-m<1,定义域:
由得x>1,由得x<1.
故在(1,2),(2,+∞)上单调递增;在上单调递减.
3、解
(1)∵,∴,即.
∴.由,得或;
由,得.因此,函数的单调增区间为,;
单调减区间为.
在取得极大值为;在取得极小值为.
由∵, 且
∴在[-,1]上的的最大值为,最小值为.
(2)∵,∴.∵函数的图象上有与轴平行的切线,∴有实数解.∴,∴,即.
因此,所求实数的取值范围是.
4、解:
(1)的图象与x轴的交点坐标是(1,0),依题意,得①又,,且与在点(1,0)处有公切线,∴即②
由①、②得,20.因…2分
而函数在处取得极值2
所以
所以为所求………………4分
•
•
负
正
负
(2)由
(1)知
可知,的单调增区间是
所以,
所以当时,函数在区间上单调递增…………9分
(3)由条件知,过的图形上一点的切线的斜率为:
令,则,此时,
根据二次函数的图象性质知:
当时,当时,
所以,直线的斜率的取值范围是………………14分
(2)令则
∴∴在上为减函数
当时,,即;
当时,,即;
当时,,即.
5、解:
(1)当时,由得,
;(且)当时,由.得-----------------4分
∴---------------------------5分
(2)当且时,由<0,解得,--------------6分
当时,------------------------------8分
∴函数的单调减区间为(-1,0)和(0,1)-----------------------------------9分
(3)对,都有即,也就是对恒成立,-------------------------------------------11分
由
(2)知当时,
∴函数在和都单调递增-----------------------------------------------12分
又,
当时,∴当时,
同理可得,当时,有,
综上所述得,对,取得最大值2;
∴实数的取值范围为.----------------------------------------------------------------14分
6、解:
(1)当时,,故
当当
从而单调减少.
(2)
由条件得:
从而
因为所以
将右边展开,与左边比较系数得,故
又由此可得21网于是
7.解:
因…2分而函数在处取得极值2
所以
所以为所求………………4分
(2)由
(1)知
•
•
负
正
负
可知,的单调增区间是
所以,
所以当时,函数在区间上单调递增…………9分
(3)由条件知,过的图形上一点的切线的斜率为:
令,则,此时,
根据二次函数的图象性质知:
当时,当时,所以,直线的斜率的取值范围是……………14分
8、解:
(Ⅰ)∵=a+,x∈(0,e),∈[,+∞
(1)若a≥-,则≥0,从而f(x)在(0,e)上增函数.∴f(x)max=f(e)=ae+1≥0.不合题意.
(2)若a<-,则由>0a+>0,即0 由f(x)<0a+<0,即- 令-1+ln(-)=-3,则ln(-)=-2.∴-=e,即a=-e2.∵-e2<-,∴a=-e2为所求.
(Ⅱ)当a=-1时,f(x)=-x+lnx,=-1+=.当00;当1(1)=-1.∴f(x)=-x+lnx≤-1,从而|f(x)|=x-lnx且lnx≤x-1. 令g(x)=|f(x)|-—=x-lnx--=x-(1+)lnx-当00.
即|f(x)|>.故原方程没有实解.