图形变换相似三角形综合应用Word格式.doc
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【例5】如图,在中,平分,的垂直平分线交于,交的延长线于,
【答案】连接∵垂直平分,∴,∴,即,又∵,∴,∵平分,∴,∴,又∵,∴,∴.又∵,∴
【巩固】如上图,在中,,的垂直平分线交于,交的延长线于,
平分.
【答案】连接,∵垂直平分,∴,∵,∴∴,又∵∴,∴,∵,,∴,∴,即平分.
【例6】已知,如图,为等边三角形,且的两边交直线于两点,求证:
【解析】∵,∴.又∵,∴,∴,
∵,∴∴,∴,即,∵,∴.
考点二与旋转有关的相似问题
【例7】如图,直角梯形中,,,,为梯形内一点,且,将绕点旋转使与重合,得到,连交于.已知,则的值为()
A.B.C.D.
【答案】C.
【例8】如图,四边形和均为正方形,求_________.
【答案】连接。
∵,∴
∴∵∴∵
∴∴∴
∴∴
【例9】
(1)如图1,等边中,为边上的动点,以为一边,向上作等边,连接,求证:
(2)如图2,将
(1)中的等边改为以为底边的等腰三角形,所作的改成相似于,请问:
是否有?
证明你的结论.
【答案】
(1)由,得,故.
(2)由,得,故.
考点三与三角形有关的相似综合题
【例10】如图,内有一点,过作各边的平行线,把分成三个三角形和三个平行四边形.若三个三角形的面积分别为,则的面积是________.
【解析】设的面积为,则,故.
【例11】如图所示,是一个凸六边形,、、分别是直线与、与、与的交点,、、分别是与、与、与的交点,如果,求证:
【答案】本题的条件和结论都是三个线段之比的连等式,且、、构成一个与相似的三角形的三边,因而可以考虑通过平移变换将、、集中到一起构成一个与相似的三角形.
如图所示,将平移至位置,则,且,
所以,且,
因此,从而,且.
这说明,且,进而,且.
又因为,于是,所以,
注意到,,故.
【例12】已知:
的高所在直线与高所在直线相交于点.
(1)如图l,若为锐角三角形,且,过点作,交直线于点,求证:
;
(2)如图2,若,过点作,交直线于点,则之间满足的数量关系是_________;
(3)在
(2)的条件下,若,,将一个角的顶点与点重合并绕点旋转,这个角的两边分别交线段于两点(如图3),连接,线段分别与线段、线段相交于两点,若,求线段的长.
(1)证明:
∵∴,∴
∵,∴∵,∴
∵,∴∴∵
∴,∴∴,∴
(2)
(3)如图,
∵,∴∵,∴,∴
∵,∴,∴∵∴
∵,由
(2)知,∴∴,
∴为等腰直角三角形∴
分别过,作于点于点∴四边形为矩形
∴∴,∴
∵∴∴
∵∴∵
∴∴∴∴
∵∴∴,∴
考点四与相似有关的动点问题
【例13】如图,中,,点从出发,沿方向以的速度移动,点从出发,沿方向也以的速度移动,若分别从出发,经过多少时间与相似?
【答案】∵,设,
即,解得(负值已舍去)
设经过后与相似.此时
本题需分两种情况:
(1)当时,
,即,解得
(2)当时,
,即,解得.
综上,当秒或秒时,与相似
【例14】如图,在矩形中,,点沿边从点开始向点以秒的速度移动,点沿边以秒的速度从点开始移动,如果同时出发,用(秒)表示移动的时间.
(1)当为何值时,为等腰直角三角形?
(2)求四边形面积,提出一个与计算结果相关的正确结论.
(3)当为何值时,以点为顶点的三角形与相似.
(1)当为等腰直角三角形时,,
(2),即四边形的面积为定值.
(3)分2种情况
①当时,,即,解得.
②当时,,即,解得.
综上当或时,以点为顶点的三角形与相似.
【例1】如图,已知在等腰△ABC中,∠A=∠B=30°
,过点C作CD⊥AC交AB于点D.若过A,D,C三点的圆的半径为,则线段BC上是否存在一点P,使得以P,D,B为顶点的三角形与△BCO相似,若存在,则DP的长为_________.
B
A
C
D
O
P1
P2
(09年浙江丽江中考试题)
【解析】∵∠BCD=∠ACB-∠ACD=120°
-90°
=30°
∴∠BCD=∠B,∴DB=DC.又∵在Rt△ACD中,DC=AD·
sin30°
=,∴DB=.①过点D作DP1∥OC,交BC于点P1,则△P1DB∽△COB,∴=.∵OB=OD+DB=∴DP1=·
OC=×
=②过点D作DP2⊥AB,交BC于点P2,则△BDP2∽△BCO,∴=.∵BC===3
∴DP2=·
=1
【例2】如图,在平面直角坐标系中,点A的坐标为(2,2),点P是线段OA上的一个动点(不与O,A重合),过点P作PQ⊥x轴于Q,以PQ为边向右作正方形PQMN.连接AN并延长交x轴于点B,连接ON.设OQ=t,△BMN与△MON相似时,则△BMN的面积为_____________.
M
Q
P
N
y
x
H
图2
(09年甘肃中考试题)
【答案】或
【解析】当0<t≤1时,如图1.若△BMN∽△MON,则=.即=,∴t=.
∴NM=,BM==.∴S△BMN=BM·
NM=×
×
=.当1<t<2时,如图2.
若△BMN∽△MON,则=.即=,∴t=.∴NM=,BM==.
∴S△BMN=BM·
=.
【例3】如图,∠ACB=90°
,CD是∠ACB的平分线,点P在CD上,CP=.将三角板的直角顶点放置在点P处,绕着点P旋转,三角板的一条直角边与射线CB交于点E,另一条直角边与直线CA、直线CB分别交于点F、点G.
(1)当点F在射线CA上时
①求证:
PF=PE.
②设CF=x,EG=y,求y与x的函数解析式并写出函数的定义域.
(2)连接EF,当△CEF与△EGP相似时,求EG的长.
备用图
F
G
E
(12年中考模拟试题)
【解析】
(1)①证明:
过点P作PM⊥AC,PN⊥BC,垂足分别为M、N
∵CD是∠ACB的平分线,∴PM=PN
2
1
由∠PMC=∠MCN=∠CNP=90°
,得∠MPN=90°
∴∠1+∠FPN=90°
∵∠2+∠FPN=90°
,∴∠1=∠2
∴△PMF≌△PNE,∴PF=PE
②解:
∵CP=,∴CN=CM=1
∵CF=x,△PMF≌△PNE,∴NE=MF=1-x
∴CE=2-x
∵CF∥PN,∴=,即=
∴CG=
∴y=+2-x(0≤x<1)
(2)当△CEF与△EGP相似时,点F的位置有两种情况:
①当点F在射线CA上时
∵∠GPE=∠FCE=90°
,∠1≠∠PEG
∴∠G=∠1,∴FG=FE,∴CG=CE=CP
在Rt△EGP中,EG=2CP=2
5
3
4
②当点F在AC延长线上时
,∠1≠∠2,∴∠3=∠2
∵∠1=45°
+∠5,∠1=45°
+∠2,∴∠5=∠2
易证∠3=∠4,可得∠5=∠4
∴CF=CP=,∴FM=+1
易证△PMF≌△PNE,∴EN=FM=+1
∴GN=-1
∴EG=-1++1=2
【例4】如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°
,CE是斜边AB上的中线,AB=10,tanA=.点P是CE延长线上的一动点,过点P作PQ⊥CB,交CB延长线于点Q.设EP=x,BQ=y.
(1)求y关于x的函数关系式及定义域;
(2)连接PB,当PB平分∠CPQ时,求PE的长;
(3)过点B作BF⊥AB交PQ于F,当△BEF和△QBF相似时,求x的值.
(2012年上海模拟试题)
(1)在Rt△ABC中,∠ACB=90°
,AB=10,tanA==
∴AC=6,BC=8
∵CE是斜边AB上的中线,∴CE=BE=AB=5
∴∠PCQ=∠ABC
又∠PQC=∠ACB=90°
,∴△PCQ∽△ABC
∴==,即=
∴y=x-4(x>5)
(2)过点B作BH⊥PC于H
∵PB平分∠CPQ,BQ⊥PQ,∴BH=BQ=y
∵BH=BC=,∴x-4=
∴x=11
(3)∵∠BQF=∠ACB=90°
,∠QBF=∠A
∴△BFQ∽△ABC
当△BEF和△QBF相似时,则△BEF和△ABC也相似
有两种情况:
①当∠BEF=∠A时
在Rt△EBF中,∠EBF=90°
,BE=5,BF=y
∴(x-4)=×
5,解得x=10
②当∠BEF=∠ABC时
5,解得x=
∴当△BEF和△QBF相似时,求x的值为10或
【例5】如图1,在Rt△AOC中,AO⊥OC,点B在OC边上,OB=6,BC=12,∠ABO+∠C=90°
,动点M和N分别在线段AB和AC边上.
(1)求证:
△AOB∽△COA,并求cosC的值;
(2)当AM=4时,△AMN与△ABC相似,求△AMN与△ABC的面积之比;
(3)如图2,当MN∥BC时,以MN所在直线为对称轴将△AMN作轴对称变换得△EMN.设MN=x,△EMN与四边形BCNM重叠部分的面积为y,求y关于x的函数关系式,并写出自变量x的取值范围.
图1
(1)∵AO⊥OC,∴∠ABO+∠BAO=90°
∵∠ABO+∠C=90°
,∴∠BAO=∠C
∵∠AOB=∠COA,∴△AOB∽△COA
∴OB:
OA=OA:
OC
∵OB=6,BC=12,∴6:
18
∴OA=6
∴AC===12
∴cosC===
(2)∵cosC=,∴∠C=30°
∵tan∠ABO===,∴∠ABO=60°
∴∠BAC=30°
,∴AB=BC=12
①当∠AMN=∠ABC时(如图1),△AMN∽△ABC
∵AM=4,∴S△AMN:
S△ABC=AM2:
AB2=42:
122=1:
9
②当∠AMN=∠C时(如图2),△AMN∽△ACB
AC2=42:
(12)2=1:
27
(3)易得S△ABC=BC·
OA=×
12×
6=36
∵MN/∥BC,∴△AMN∽△ABC
∴S△AMN:
S△ABC=MN2:
BC2,∴S△AMN:
36=x2:
122
∴S△AMN=x2
图3
①当EN与线段AB相交时,设EN与AB交于点F(如图3)
∵MN/∥BC,∴∠ANM=∠C=30°
∴∠ANM=∠BAC,∴AM=MN=x
∵以MN所在直线为对称轴将△AMN作轴对称变换得△EMN
∴∠ENM=∠ANM=30°
,∴∠AFN=90°
∴MF=MN=AM=x
∴S△FMN:
S△AMN=MF:
AM
∴y:
x2=x:
x=1:
2
图4
∴y=x2(0<x≤8)
②当EN与线段AB不相交时,设EN与BC交于点G(如图4)
∵MN/∥BC,∴CN:
AC=BM:
AB
∴CN:
12=(12-x):
12,∴CN=12-x
∵△CNG∽△CBA,∴S△CNG:
S△ABC=CN2:
BC2
∴S△CNG:
36=(12-x)2:
∴S△CNG=(12-x)2
∴S阴影=S△ABC-S△AMN-S△CNG=36-x2-(12-x)2
即y=-x2+18x-72(8<x<12)
【例6】如图,△ABC中,∠ABC=90°
,AB=BC=4,点O为AB边的中点,点M是BC边上一动点(不与点B、C重合),AD⊥AB,垂足为点A.连接MO,将△BOM沿直线MO翻折,点B落在点B1处,直线MB1与AC、AD分别交于点F、N.
(1)当∠CMF=120°
时,求BM的长;
(2)设BM=x,y=,求y关于x的函数关系式。
并写出自变量x的取值范围;
(3)连接NO,与AC边交于点E,当△FMC∽△AEO时,求BM的长.
B1
(1)∵∠CMF=120°
,∴∠BMN=60°
∴∠BMO=30°
∴Rt△MOB中,BM=OB·
cot30°
=2
(2)连接ON,∵OA=OB=OB1,ON=ON
∴Rt△ANO≌Rt△B1NO,∴∠AON=∠B1ON,AN=B1N
又∵∠MOB1=∠MOB,∴∠MON=90°
∵∠OB1M=∠B=90°
,∴△MB1O∽△OB1N,
(F)
∴OB12=B1M·
B1N
又B1M=BM=x,OB1=OB=2
∴22=x·
B1N,∴B1N=,∴AN=
∵AD⊥AB,∴∠DAB=90°
又∠B=90°
,∴AD∥BC,∴△CMF∽△ANF
∴y====-x2+x
即y=-x2+x(0<x<4)
(3)由题意知:
∠EAO=∠C=45°
若△FMC∽△AEO,则有两种情况:
∠FMC=∠AEO或∠FMC=∠AOE
①当∠FMC=∠AEO时,有∠CFM=∠AOE
由
(2)知∠AOE=∠B1OE=∠OMF
∴∠CFM=∠OMF,∴OM∥AC
∴∠OMB=∠C=45°
cot45°
=2
②当∠FMC=∠AOE时,∵∠AOE=∠OMF
∴∠FMC=∠OMF=∠OMB=60°
∴△MOB中,BM=OB·
cot60°
=
综上所述,当△FMC∽△AEO时,求BM的长为2或
【例7】在平面直角坐标系中,点C的坐标为(0,4),A(t,0)是x轴上一动点,M是线段AC的中点.把线段AM绕点A按顺时针方向旋转90°
,得到线段AB,过点B作x轴的垂线,过点C作y轴的垂线,两直线交于点D,直线DB交x轴于点E.
(1)若t=3,则点B的坐标为____________,若t=-3,则点B的坐标为____________;
(2)若t>0,当t为何值时,△BCD的面积等于6?
(3)是否存在t,使得以B、C、D为顶点的三角形与△AOC相似?
若存在,求此时t的值;
若不存在,请说明理由.
(2012年江苏模拟试题)
(1)(5,),(-1,-)
(2)①当0<t<8时,如图1
∵∠CAB=90°
,∴∠CAO+∠BAE=90°
∵∠CAO+∠ACO=90°
,∴∠BAE=∠ACO
又∠BEA=∠AOC=90°
,∴△BEA∽△AOC
∴===,即==
∴AE=2,BE=t,∴B(t+2,t)
∴S△BCD=CD·
BD=(t+2)(4-t)=6
解得t=2或t=4
②当t>8时,如图2
S△BCD=CD·
BD=(t+2)(t-4)=6
解得t=10或t=-4(舍去)
∴当t=2或t=4或t=10时,△BCD的面积等于6
(3)①当0<t<8时,如图1
若△CDB∽△AOC,则=
即=,t无实数解
若△BDC∽△AOC,同理,解得t=-2-2(舍去)或t=2-2
即=,解得t=-4+8(舍去)或t=4+8
若△BDC∽△AOC,同理,t无实数解
③当-2<t<0时,如图3
即=,t=-4+8或t=4+8(舍去)
④当t<-2时,如图4
△CDB∽△AOC,则=
若△BDC∽△AOC,同理,解得t=-4或t=4(舍去)
∴存在t=2-2或4+8或-4+8或-4,使得以B、C、D为顶点的三角形与△AOC相似
【例8】如图1,在平面直角坐标系中,直线l与坐标轴相交于A(2,0),B(0,)两点,将Rt△AOB绕原点O逆时针旋转得到Rt△A′OB′.
(1)求直线l的解析式;
(2)若OA′⊥AB,垂足为D,求点D的坐标;
l
B′
A′
(3)如图2,若将Rt△AOB绕原点O逆时针旋转90°
,A′B′与直线l相交于点F,点E为x轴上一动点.试探究:
是否存在点E,使得以点A,E,F为顶点的三角形和△A′BB′相似.若存在,请求出点E的坐标;
(2012年山西中考试题)
(1)设直线l的解析式为y=kx+b
∵点A(2,0),B(0,)在直线l上
∴解得:
∴直线l的解析式为y=-x+
(2)∵A(2,0),B(0,),∴OA=2,OB=
∴AB==5
∵OA′⊥AB即OD⊥AB,∴OA·
OB=AB·
OD
∴×
2×
=×
5×
OD,∴OD=2
过点D作DH⊥x轴于点H(如图1)
则∠DAH+∠ADH=∠ODH+∠ADH=90°
∴∠DAH=∠ODH
∵在Rt△AOB中,tan∠BAO===
∴tan∠ODH==,DH=2OH
在Rt△ODH中,设OH=a,则DH=2a
∵OH2+DH2=OD2,∴a2+4a2=22
∵a>0,∴a=,∴OH=,DH=
∴点D的坐标为(,)
(3)存在点E,使得以点A,E,F为顶点的三角形和△A′BB′相似
理由:
∵△A′OB′由△AOB逆时针旋转90°
所得
∴△A′OB′≌△AOB,∴∠B′A′O=∠BAO
又∵∠FBA′=∠OBA,∴△BFA′∽△BOA
∴=,即=
∴=,∴BF=1,∴AF=AB+BF=6
①如图2,当△AFE∽△A′BB′时,有=
∴=,∴AE=6,∴OE=AE-AO=6-2=4
∴E1(-4,0)
②如图3,当△AEF∽△A′BB′时,有=
∴=,∴AE=,∴OE=AO-AE=2-=
∴E2(,0)
综上所述,存在点E1(-4,0),E2(,0),使得以点A,E,F为顶点的三角形和△A′BB′相似
课后作业
1.如图1,甲、乙两人分别从A.B两点同时出发,点O为坐标原点,点,.甲沿AO方向、乙沿BO方向均以每小时4千米的速度行走,t小时后,甲到达M点,乙到达N点.
(1)请说明甲、乙两人到达点O前,MN与AB不可能平行;
(2)当t为何值时,△OMN∽△OBA?
(3)甲、乙两人之间的距离为MN的长.设s=MN2,求s与t之间的函数关系式,并求甲、乙两人之间距离的最小值.
(2012年连云港市中考第26题)
(1)当M.N都在O右侧时,,,
所以.因此MN与AB不平行.
(2)①如图2,当M.N都在O右侧时,∠OMN》∠B,不可能△OMN∽△OBA.
②如图3,当M在O左侧、N在O右侧时,∠MON》∠BOA,不可能△OMN∽△OBA.
③如图4,当M.N都在O左侧时,如果△OMN∽△OBA,那么.
所以.解得t=2.
图2图3图4
(3)①如图2,,,