人教版初中物理九年级 第二十章《电与磁》单元检测题解析版Word下载.docx

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二极管具有单向导电性，电流只能从二极管的正极流入，负极流出。

演示时，左右摇动塑料管，这时会看见两只发光二极管轮流发光。

以下说法中，不正确的是（）

A．制作发光二极管的主要材料是半导体

B．发生该现象的原理是电磁感应

C．二极管发光时，图中的条形磁体相当于电源

D．在该现象中，将机械能转化为电能

8．一条形磁铁旁边放了一个小磁针，小磁针静止时的情况如图所示，则条形磁铁的（）

A．两端都是N极B．两端都是S极

C．左端是N极，右端是S极D．左端是S极，右端是N极

9．下列关于材料、能源的说法中正确的是（）

A．铁、铜、铝都属于导体，也都能够被磁化

B．铅锑合金是一种电阻较大、熔点较低的导体，适合做保险丝

C．煤、石油、核能、太阳能都是不可再生资源

D．核电站是利用原子核聚变所释放的能量来发电

10．如图所示的几种器件，工作时应用了电磁感应现象的是（）

B．

C．

二、多选题（每小题至少有两个正确答案）

11．下列说法中正确的是（）

A．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引

B．发电机是根据电磁感应现象制成的

C．电动机工作时将机械能转化为电能

D．发现有人触电时应立即用手将其拉离电源

12．图所示是某小组探究影响电磁铁磁性强弱的因素实验电路．关于这个实验，下列说法中正确的是（）

A．闭合开关，A、B两个铁钉吸引的大头针的数量一样多

B．此实验探究的是电流一定时，电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系

C．此电路也可以探究线圈匝数一定时，电磁铁磁性强弱与电流的关系

D．此实验应用了控制变量和转换的实验方法

13．下列说法中正确的是（）

A．在托里拆利实验中使用水银是因为水银的密度大

B．压力和支持力都属于弹力

C．向上抛出的球先上升后下降，是重力改变了球的运动状态

D．地球表面地磁场的磁感线方向是由北向南的

14．关于电磁现象，下列说法中正确的是（）

A．地磁场的北极在地理的南极附近B．发电机是利用电磁感应原理工作的

C．磁场对放入其中的物体有磁力作用D．直流电动机工作时可将机械能转化为电能

三、实验题

15．在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，实验室准备的器材有：

电源、开关、滑动变阻器、两根完全相同的铁钉、表面绝缘的铜线、大头针若干。

小明利用上述器材，制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。

（5分）

⑴根据图示的情境可知，_______（填“甲”或“乙”）的磁性强，依据是_________________，说明电流一定时，____________________，电磁铁磁性越强。

⑵当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数__________（填“增加”或“减少”），说明电流越_________，电磁铁磁性越强。

16．如图所示，在探究“什么情况下磁可以生电”的实验中，闭合开关，保持磁体不动：

（1）若使导线ab竖直向下运动，则灵敏电流计指针______。

（填“偏转”或“不偏转”）

（2）若使导线ab水平向右运动，发现灵敏电流计指针向左偏转；

现让导线ab水平向左运动，则灵敏电流计指针向_____。

（3）若使导线ab从图中所示位置斜向上运动，则灵敏电流计指针_____________。

（4）这种由于导体在磁场中运动而产生电流的现象叫做_______________。

17．如图所示，在条形磁铁插入线圈的过程中，电流计的指针将_________；

当条形磁铁放在线圈中不动时，电流计的指针将_________；

在条形磁铁从线圈里拉出的过程中，电流计的指针将_________（以上三空选填“偏转”或“不偏转”）；

这是研究_____________________的实验。

四、计算题

18．硫化镉（CdS）是一种光敏材料，其电阻值R随光照强度E（E越大表示光照越强，其国际单位为cd）的变化如图2所示。

某展览厅（如图1所示）为保护展品。

采用这种材料设置了调光天窗。

当外界光照较强时，启动电动卷帘适时调整进光量；

当外界光照较弱时，自动启动节能灯给予补光。

调光天窗的电路原理如图3所示，R0为定值电阻，R为CdS电阻，P为电磁铁，其线圈电阻RP为10Ω，当电流达到0.06A时能吸合衔铁。

已知电源电压U1＝12V，U2＝220V，则：

（1）图2中R随光照强度E变大而_____（选填“增大”或“减小”）。

（2）图3中的L代表的是并联安装在展厅内的10盏“220V10W”节能灯，这些节能灯同时正常工作4小时，共消耗电能_____kW•h。

（3）若要缩短节能灯点亮的时间，可换用阻值较_____（选填“大”或“小”）的R0。

（4）当外界光照强度达到1cd时，电动卷帘便开始工作，求R0的阻值___。

19．如图电磁继电器和热敏电阻R1等组成了恒温箱控制电路，R1处于恒温箱内．电源电压U=6v，继电器线圈的电阻可不计．如图为热敏电阻的R1-t图象，且已知在50～150℃范围内，热敏电阻的阻值随温度的变化规律是：

R1•t=常数；

电阻R2是可变电阻．当线圈中的电流达到20mA时，继电器的衔铁被吸合．已知此时可变电阻R2=225Ω，恒温箱保持60℃恒温．图中的“交流电源”是恒温箱加热器的电源．

（1）60℃时，热敏电阻R1的阻值是多少？

（2）应该把恒温箱的加热器接在A、B端还是C、D端？

（3）如果要使恒温箱内的温度保持100℃，可变电阻R2的阻值应调为多少？

参考答案

1．B

【解析】

【详解】

A.移动电话发信息时，先将信息转化为电磁波发射出去，故A不符合题意；

B.VCD将数字信号转化为图象、声音信号，转换中不需要电磁波，故B符合题意；

C.广播电台通过电磁波将信号发射出去，故C不符合题意；

D.电视利用电磁波传播信息，故D不符合题意；

故选B.

【点睛】

解答本题应掌握：

电磁波在生活中的应用，及VCD的工作原理．

2．A

A、电风扇中电动机的使用方式，是人为让线圈转动，产生电流为灯泡供电，这是电磁感应现象，是发电机的原理；

B、这是研究电磁铁的磁性强弱与电流关系的实验；

C、这是研究通电导体在磁场中受力的实验，是电动机的原理；

D、这是研究同名磁极相互排斥的实验．

故选A．

3．D

解：

AC、图中电源右端为正极，则电流从螺旋管的右侧流入；

根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指向螺线管的左端即为N极，其右端为S极；

在磁体外部，磁感线方向由N极指向S极；

根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左上端应为N极，故AC错误；

BD、图中电源左端为正极，则电流从螺旋管的左侧流入；

根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管右端即为N极；

根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左上端应为S极，右下端为N极，故B错误，D正确；

故选：

D。

点睛：

①根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极；

②根据根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极；

③最后磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极

4．A

【解析】小磁针静止时，S极竖直并向上，说明N极向下，N极所指向的是地磁的南极，贝小磁针位于地理的北极附近。

5．A

A、磁悬浮列车能够悬浮是利用了同名磁极相互排斥或异名磁极相互吸引的道理。

故A正确；

B、磁感应线是为了形象的描述磁场而引入的，实际并不存在，只是理想模型。

故B错误；

C、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，在电路中才会产生感应电流。

故C错误；

D、发电机是利用电磁感应现象的原理制成的。

故D错误。

故选A。

要牢记电磁感应现象中产生感应电流的条件，要产生感应电流必须符合三个条件；

一必须是闭合回路，二是一部分导体在磁场中，三是做切割磁感线运动，

6．D

A.发电机——利用电磁感应原理工作，故A错误；

B.电磁继电器——利用电流的磁效应工作，即电磁铁的应用，故B错误；

C.电磁铁——利用电流的磁效应，故C错误；

D.电动机——利用磁场对通电线圈的作用力工作，故D正确。

选D。

7．C

【解析】A．制作发光二极管的主要材料是半导体，故A正确，不符合题意。

B．左右摇动塑料管时，塑料管中的磁铁来回运动，使线圈相对于磁铁做切割磁感线运动产生感应电流，所以两只发光二极管轮流发光是根据电磁感应原理工作的，故B正确，不符合题意。

C．二极管发光时，条形磁体和线圈相当于电源，即线圈在磁场中做切割磁感线运动时才产生感应电流，只有条形磁体不是电源，故C错误，符合题意为答案。

D．发电机也是根据电磁感应原理工作的，这一过程将机械能转化为电能，故D正确，不符合题意。

8．D

【解析】由小磁针的N极指向分析，该点磁感线的方向水平向左，即条形磁体外部的磁感线是从磁体右端出来，回到左端，所以左端是S极，右端是N极．

9．B

【解析】在通常情况下，铁、铜、铝都属于导体，铁能够被磁体吸引，能够被磁化；

但铜、铝不能被磁体吸引、不能被磁化；

故A错误；

为了使得保险丝更容易熔断，由焦耳定律知道，应选择电阻率较大，熔点较低的铅锑合金，故B正确；

煤、石油、核能等能源随着使用不断减少，短时间内从自然界得不到补充，所以属于不可再生能源，太阳能属于可再生能源，故C错误；

核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电，故D错误，故选B。

10．A

【解析】风力发电机是利用电磁感应现象原理制成的，故A正确；

电风扇主要部件是电动机，利用通电导体在磁场中受力的原理工作的，故B错误；

电铃是利用电流的磁效应来工作的，故C错误；

门吸是利用磁体能够吸引铁、钴、镍等的性质制成的，故D错误，故选A。

11．AB

A.磁极间的相互作用：

同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故正确；

B.发电机是根据电磁感应现象制成的，故正确；

C.电动机工作时将电能转化为机械能，故错误；

D.发现有人触电时应立即断开电源，一定不能用手将其拉离电源，故错误。

故选AB

12．BCD

【解析】解答：

A.闭合开关，A、B两个铁钉线圈匝数不一样，吸引的大头针的数量也不一样；

B.串联电路电流相等，所以此实验探究的是电流一定时，电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故B正确；

C.此电路也可以探究线圈匝数一定时，电磁铁磁性强弱与电流的关系，即改变滑动变阻器接入电路的电阻，观察a或b吸引的大头针的数量的变化，故C正确；

D.此实验应用了控制变量和转换的实验方法,即控制电流不变改变铁钉线圈匝数，把电磁铁磁性强弱转换为吸引的大头针的数量多少，故D正确。

（1）串联电路中各处的电流是相同的，这是将两电磁铁串联的真正目的；

（2）实验中采用转换法，通过电磁铁吸引大头针数目的多少来反映电磁铁磁性的强弱；

（3）影响电磁铁磁性强弱的因素：

电流的大小、线圈的匝数和有无铁芯．知道铁芯相同时电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强，根据控制变量法进行分析．

13．ABC

试题分析：

在托里拆利实验中，是通过测量大气压能支持的液体高度，利用液体压强公式计算出的，大气压值一定，液体的密度越大，支持的高度越小，越容易操作，故A正确；

常见的压力、支持力也是由于发生弹性形变而产生的力，属于弹力，故B正确；

向上抛出的球，由于惯性先上升，由于受到重力作用速度减小，再后来下降，是重力改变了球的运动状态，故C正确；

地球表面地磁场的磁感线从地理南极（地磁北极）出发，回到地理北极（地磁南极），是由南向北的，故D错。

考点：

力与运动的关系；

弹力；

大气压强的测量方法；

地磁场

14．AB

【解析】地球是个大磁体，地磁场的南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，故A正确；

发电机工作的原理是线圈在磁场中运动，结果是产生电流，即利用了电磁感应现象，故B正确；

磁场对放入其中的磁体都会产生磁力作用，而不是对所有物体都有磁力作用，故C错误；

直流电动机工作时是将电能转化为机械能，故D错误，故选AB。

15．

（1）甲；

甲电磁铁吸引大头针比乙多；

线圈匝数越多；

（2）增加；

大．

（1）根据图示的情境可知，甲乙串联在一起，电流相等，甲电磁铁吸引大头针比乙多，所以甲电磁铁磁性强．所以在电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强．

（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，线圈匝数不变，电流变大，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数都增加，所以在线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁磁性越强．

探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验

16．不偏转右偏转偏转电磁感应

（1）由图知道，蹄形磁体的上边是N极，下边是S极，其间的磁场方向是从上到下，如果导线ab竖直向小运动，是不会切割磁感线的，故不会产生感应电流；

（2）若导体AB向右做切割磁感线运动时，产生的电流可以使电流表指针向左偏转，那么当只改变导体运动方向，产生的电流也会改变方向，故电流表指针要向右偏转；

（3）当导线斜向上方运动会斜切磁感线，所以会产生感应电流，则灵敏电流计指针会发生偏转。

（4）闭合电路的一部他导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。

本题考查了电磁感应现象，重点是考查感应电流产生的条件，即不仅是运动，而是运动方向要切割磁感线，不切割，怎么运动也不会产生电流。

17．偏转不偏转偏转电动机

【解析】在条形磁铁插入线圈的过程中，线圈切割磁感线运动，故有感应电流产生，因此电流计的指针将偏转；

当条形磁铁放在线圈中不动时，线圈不切割磁感线，故没有感应电流产生，因此电流计的指针将不动；

在条形磁铁从线圈里拉出的过程中，线圈切割磁感线运动，故有感应电流产生，因此电流计的指针将偏转．这就是研究电磁感应现象的实验装置．故答案为：

偏转；

不偏转；

电磁感应现象．

18．减小0.4小70Ω

【分析】

（1）由图2可知，电阻值R随光照强度E的变化规律；

（2）先求出10盏节能灯的总功率，又知道正常工作时间，根据W＝Pt求出这些节能灯共消耗电能；

（3）为缩短路灯点亮时间，在设置时将光敏电阻的光照强度减小，结合图象和电磁铁能吸合衔铁的电流不变，利用欧姆定律判断即可；

（4）当外界光照强度达到1cd时，根据图象可以看出R的阻值，根据欧姆定律的变形公式求出总电阻，再利用串联电路电阻特点求出R0的阻值。

（1）由图2可知，R随光照强度E变大而减小。

（2）10盏节能灯的总功率：

P＝10P1＝10×

10W＝100W＝0.1kW，

则这些节能灯同时正常工作4小时消耗的电能：

W＝Pt＝0.1kW×

4h＝0.4kW•h。

（3）若要缩短节能灯点亮的时间，即当外界光照更弱时，电磁铁才能吸合衔铁，节能灯才能工作；

由图2可知，当光照强度E减小时，R的阻值变大，而电磁铁能吸合衔铁的电流不变，电源电压不变，则电路总电阻不变，故应换用阻值较小的R0。

（4）当外界光照强度达到1cd时，由图2可知，R＝120Ω，当电动卷帘便开始工作，电磁铁能吸合衔铁的电流I＝0.06A，由

得，电路总电阻：

R总＝

＝200Ω，

根据串联电路电阻规律可知，R0的阻值：

R0＝R总﹣R﹣RP＝200Ω﹣120Ω﹣10Ω＝70Ω。

本题主要考查光敏电阻的特点、电功的计算、串联电路的特点及欧姆定律的灵活运用等知识，关键能从图象上找出有用的信息，并弄清楚电磁继电器的工作原理，有一定的综合性。

19．75Ω由图2可知，当恒温箱内的温度升高时，热敏电阻的阻值随之减小，电路中的电流增大，当电流达到20mA时，电磁铁能够吸引下衔铁，使动触点与C、D所在的电路接通．若把加热器接在此电路中，会使恒温箱内的温度持续升高．相应的，热敏电阻的阻值继续减小，电流持续增大，电磁铁的磁性继续增强，使CD这个电路始终接通，加热器永远工作．达不到控制温度的目的．所以，要把恒温箱的加热器应接在A、B端．255Ω

（1）60℃时，控制电路I＝20mA＝0.02A，R总＝

＝300Ω,R1＝R总−R2＝300Ω−225Ω＝75Ω;

（2）由图2可知，当恒温箱内的温度升高时，热敏电阻的阻值随之减小，电路中的电流增大，当电流达到20mA时，电磁铁能够吸引下衔铁，使动触点与C.D所在的电路接通。

若把加热器接在此电路中，会使恒温箱内的温度持续升高。

相应的，热敏电阻的阻值继续减小，电流持续增大，电磁铁的磁性继续增强，使CD这个电路始终接通，加热器永远工作。

达不到控制温度的目的。

所以，要把恒温箱的加热器应接在A.B端。

（3）设100℃热敏电阻的阻值为

∵R1⋅t＝常数,∴75×

60＝

×

100,解得

＝45Ω,R总＝

＝300Ω,

−

＝300Ω−45Ω＝255Ω.

（1）要求R1的阻值，由电路图可知，R1、R2串联后接在6V的电源上，电源电压已知，此时电路中的电流也知道，可用电源电压与电流求出总电阻，然后减去R2，即可解得R1．

（2）恒温箱的加热器接在A、B端还是C、D端，主要是由热敏电阻随温度的变化趋势来决定的。

（3）要求电阻R2此时的阻值应调为多少，首先要知道此时热敏电阻R1的阻值是多少，而R1•t＝常数是一个非常关键的突破口。