专题重点突破四学人教版高中化学选修5学案设计.docx

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专题重点突破四学人教版高中化学选修5学案设计

微型专题重点突破（四）

[核心素养发展目标]　1.能从羟基、醛基、羧基、酯基的成键方式的角度，了解醇、酚、醛、羧酸、酯等含氧衍生物的主要化学性质，理解官能团与化学性质、反应类型之间的关系。

2.能根据有机物分子中含有的官能团推测其具有的性质，形成“结构决定性质”的思维模型，掌握研究有机物的一般方法。

一、多官能团有机物性质的判断

例1　Y是一种皮肤病用药，它可以由原料X经过多步反应合成。

原料X　　　　　　　　　　　　产物Y

下列说法正确的是（　　）

A．X与Y互为同分异构体

B．1molX最多可以与5molH2发生加成反应

C．产物Y能发生氧化、加成、取代、消去反应

D．1molY最多能与2molNaOH发生反应

答案　A

解析　原料X与产物Y的分子式相同，但结构不同，则二者互为同分异构体，故A正确；X中苯环和碳碳双键能与氢气加成，则1molX最多可以与4molH2发生加成反应，故B错误；苯环较稳定，羟基连接在苯环上，不能发生消去反应，故C错误；Y中酚羟基和酯基能和NaOH反应，并且酯基可水解生成酚羟基和羧基，则1molY最多能与3molNaOH发生反应，故D错误。

多官能团有机物性质的判断

（1）找出有机物所含的官能团，如碳碳双键、碳碳三键、醇羟基、酚羟基、醛基等。

（2）联想每种官能团的典型性质。

（3）结合选项分析对有机物性质描述的正误。

变式1　（2018·青岛质检）最新研究表明，咖啡中含有的咖啡酸能使人心脑血管更年轻。

咖啡酸的球棍模型如图所示，下列有关咖啡酸的叙述不正确的是（　　）

A．咖啡酸的分子式为C9H8O4

B．咖啡酸中的含氧官能团只有羧基、酚羟基

C．咖啡酸可以发生氧化反应、消去反应、酯化反应、加聚反应

D．

是咖啡酸的一种同分异构体，1mol该物质最多可消耗3molNaOH

答案　C

解析　A项，根据球棍模型可知咖啡酸的结构简式为

其分子式为C9H8O4，A项正确；B项，咖啡酸中的含氧官能团有羧基和酚羟基，B项正确；C项，根据其结构简式可知咖啡酸不能发生消去反应，C项错误；D项，1mol

水解时，2mol酯基消耗2molNaOH，水解生成的1mol酚羟基又消耗1molNaOH，共消耗3molNaOH，D项正确。

二、有机反应中的定量关系及应用

例2　某有机物M的结构简式如图所示，若等物质的量的M在一定条件下分别与金属钠、氢氧化钠溶液、碳酸氢钠溶液反应，则消耗的钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为（　　）

A．1∶1∶1B．2∶4∶1C．1∶2∶1D．1∶2∶2

答案　B

解析　金属钠可以与M中的酚羟基、羧基发生反应；氢氧化钠溶液能使酯基水解，溴原子水解，也能与酚羟基和羧基反应；碳酸氢钠溶液只能与羧基发生反应，因此1molM消耗的钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量分别为2mol、4mol、1mol。

　有机反应中的常见数量关系

（1）醛发生银镜反应或与新制Cu（OH）2反应时，量的关系为　R—CHO～2Ag、R—CHO～2Cu（OH）2～Cu2O；

甲醛（

）相当于含有2个醛基，故甲醛发生银镜反应或与新制Cu（OH）2反应时，量的关系分别为HCHO～4Ag、HCHO～4Cu（OH）2～2Cu2O。

（2）醇、酚与Na反应中量的关系：

2—OH～2Na～H2。

（3）烯烃、炔烃、苯的同系物等与H2反应中量的关系：

～H2、—C≡C—～2H2、

～3H2。

（4）卤代烃、酚与NaOH反应中量的关系：

R—X～NaOH、—OH（酚羟基）～NaOH。

（5）酯与NaOH反应中量的关系：

～NaOH，若为酚酯，则有

～2NaOH。

变式2　（2018·汕头高二期末）绿原酸是咖啡的热水提取液成分之一，结构简式如下图，关于绿原酸判断正确的是（　　）

绿原酸

A．1mol绿原酸与足量NaHCO3溶液反应，生成3molCO2气体

B．1mol绿原酸与足量溴水反应，最多消耗2.5molBr2

C．1mol绿原酸与足量NaOH溶液反应，最多消耗4molNaOH

D．绿原酸水解产物均可以与FeCl3溶液发生显色反应

答案　C

解析　绿原酸分子中含有1mol羧基，能和NaHCO3反应产生1molCO2，A项错误；含有1mol碳碳双键，能和1molBr2发生加成反应，含有酚羟基，使得苯环邻位和对位上的氢原子变得活泼，容易发生取代反应，消耗3molBr2，共消耗4molBr2，B项错误；含有羧基、酯基和酚羟基，1mol绿原酸最多消耗4molNaOH，C项正确；水解产物

中不含有酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，D项错误。

三、醇、醛、酸、酯的相互转化及其应用

例3　（2018·板桥三中月考）某含碳、氢、氧的有机物A能发生如图所示的变化：

已知C、D、E均能在一定条件下与新制的氢氧化铜悬浊液反应生成红色沉淀，则A的同分异构体是（　　）

A．乙酸B．甲酸乙酯

C．甲酸甲酯D．乙酸甲酯

答案　A

解析　根据转化图可知，A是酯类，C是羧酸钠，B是醇，D是醛，E是羧酸。

又因为A、C、D、E均能在一定条件下与新制的氢氧化铜悬浊液反应生成红色沉淀，因此A是甲酸甲酯，根据同分异构体是分子式相同结构式不同的化合物来判断，A和乙酸互为同分异构体。

　醛在含氧衍生物相互转化中的桥梁作用

（1）A

B

C。

满足上述相互转化关系的A通常有醇和烯烃两大类物质。

若A为醇，则B为同碳原子数的醛，C为同碳原子数的羧酸；若A能水化，则A为烯烃，B为同碳原子数的醛，C为同碳原子数的羧酸。

（2）C

A

B。

满足上述转变关系的有机物A一定属于醛类（或含醛基），则C为醇，B为羧酸。

若A（气态）完全燃烧后体积不变（H2O为气态），则A为甲醛，B为甲酸，C为甲醇。

变式3　分子式为C9H18O2的有机物A能在酸性条件下进行下列转化，同温同压下，相同质量的B和C的蒸气所占体积相同，则下列说法不正确的是（A、B、C、D、E均为有机物）（　　）

A．E酸化后的有机物与C一定为同系物

B．符合上述转化关系的有机物A的结构有9种

C．1molB完全转化为D转移2mol电子

D．D到E发生氧化反应

答案　B

解析　有机物A的分子式为C9H18O2，在酸性条件下水解为B和C两种有机物，则有机物A为酯，由于B与C相对分子质量相同，因此酸比醇少一个C原子，说明水解后得到的羧酸含有4个C原子，而得到的醇含有5个C原子；D与氢氧化铜在碱性条件下氧化得到的E应为羧酸盐，酸化后得到羧酸，而C是A在酸性条件下水解得到的羧酸，两者一定是同系物，故A正确；含有4个C原子的羧酸有2种同分异构体；含有5个C原子的醇有8种同分异构体，其中醇能被氧化成羧酸，说明羟基所连碳上有2个氢原子，共有4种，所以有机物A的同分异构体数目有2×4＝8种，故B错误；B中含有羟基，被氧化成醛基，失去2个氢原子，所以1molB完全转化为D转移2mol电子，故C正确；D与氢氧化铜应在碱性条件下氧化得到E，即D到E发生氧化反应，故D正确。

四、含氧衍生物同分异构体数目判断

例4　（2018·天津市高二下学期期末）有机物

有多种同分异构体，其中属于酯类且氯原子直接连在苯环上的同分异构体有多少种（不考虑立体异构）（　　）

A．6种B．9种C．15种D．19种

答案　D

解析　

有多种同分异构体，其中属于酯类且氯原子直接连在苯环上，如果苯环上有2个取代基则为：

—Cl、—OOCCH3，—Cl、—CH2OOCH，—Cl、—COOCH3，2个取代基分为邻、间、对三种，所以共有9种；如果苯环上有3个取代基则为：

—Cl、—OOCH、—CH3，先将2个取代基分别定于邻、间、对三种位置，第三个取代基共有4＋4＋2＝10种连接方式，故有10种同分异构体；所以共有19种同分异构体。

　分析限定条件同分异构体的基本步骤

（1）首先根据限定的条件确定有机物中含有的结构片段或官能团。

（2）分析可能存在的官能团类别异构。

（3）分析各类官能团存在的位置异构。

变式4　某羧酸的衍生物A的分子式为C6H12O2，已知

又知D不与Na2CO3溶液反应，C和E都不能发生银镜反应，则A的结构可能有（　　）

A．1种B．2种C．3种D．4种

答案　B

解析　根据题意可推断A为酯，C为羧酸，D为醇，E为酮；因C、E都不能发生银镜反应，则C不是甲酸，而D分子中应含有

结合A的分子式可知A只可能有

或

两种结构。

1．（2018·洛阳市高二下学期期末）下列说法中，正确的是（　　）

A．苯、乙醇和乙酸都能发生取代反应

B．CH3CH2CH2CH3的二氯取代产物只有5种结构

C．在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是

CH3CO18OH和C2H5OH

D．使用溴的四氯化碳溶液或酸性KMnO4溶液除去乙烷中混有的乙烯

答案　A

解析　苯可与液溴、浓硝酸发生取代反应，乙醇和乙酸发生酯化反应，所以均可发生取代反应，A正确；根据“定一移一”的原则，CH3CH2CH2CH3的二氯取代产物有6种结构，B错误；根据酯的形成过程判断，酯水解时碳氧单键断开，所以乙醇分子中应含18O原子，C错误；使用酸性KMnO4溶液可以除去乙烷中混有的乙烯，但同时又增加新杂质二氧化碳，D错误。

2．（2018·吉安市高二下学期期末）S诱抗素可保证盆栽鲜花盛开，其分子结构如图，下列说法不正确的是（　　）

A．该物质的分子式为C15H20O4

B．该物质环上的二氯代物只有2种

C．1mol该物质最多能与2molNaOH完全反应

D．该物质能发生取代、加成、氧化等反应

答案　C

解析　根据该物质的结构简式可知，该物质的分子式为C15H20O4，A正确；该物质环上只有2种H，则二氯代物只有2种，B正确；只有—COOH与NaOH反应，1mol该物质最多能与1molNaOH完全反应，C错误；该物质含—OH，能发生取代、氧化等反应，含碳碳双键可发生加成、氧化反应等，D正确。

3．（2018·洛阳市高二下学期期末）某石油化工产品X的转化关系如图，下列判断不正确的是（　　）

A．X→Y是加成反应

B．乙酸→W是酯化反应，也是取代反应

C．Y能与Na反应生成氢气

D．W能与氢氧化钠溶液反应，易溶于水

答案　D

4．（2018·吉安市安福二中月考）分子式为C10H20O2的有机物A，能在酸性条件下水解生成有机物C和D，且C在一定条件下可转化成D，则A的可能结构有（　　）

A．2种B．3种C．4种D．5种

答案　C

解析　分子式为C10H20O2的有机物A，能在酸性条件下水解生成有机物C和D，说明A是酯类。

且C在一定条件下可转化成D，这说明C是醇，D是羧酸，二者含有相同的碳原子数，均是5个。

含有5个碳原子的醇能氧化为相应羧酸的有CH3CH2CH2CH2CH2OH、CH3CH2CH（CH3）CH2OH、（CH3）2CHCH2CH2OH、（CH3）3CCH2OH，因此相应的酯类也是4种。

5．（2018·六安一中月考）某芳香族酯类化合物甲的分子式为C14H10O5,1mol甲水解后只生成一种产物乙，其物质的量为2mol，下列说法不正确的是（　　）

A．符合上述条件的甲共有3种

B．乙能和浓溴水发生反应

C．1mol乙最多消耗2molNaHCO3

D．1mol甲最多可以和4molNaOH反应

答案　C

解析　根据题意可知乙为邻羟基苯甲酸或间羟基苯甲酸或对羟基苯甲酸，则乙有3种，则发生酯化反应生成的甲有3种，A正确；乙中含酚—OH，能与溴水发生取代反应，B正确；因酚羟基的酸性比碳酸弱，—COOH能与NaHCO3反应，则1mol乙最多消耗1molNaHCO3，C错误；甲中含酚—OH、—COOH、—COO—，且水解生成的—COOH、—OH均与NaOH反应，则1mol甲最多可以和4molNaOH反应，D正确。

6．（2018·海安高级中学月考）CPAE是蜂胶的主要活性成分，由咖啡酸合成CPAE路线如下：

下列说法正确的是（　　）

A．苯乙醇属于芳香醇，它与邻甲基苯酚互为同系物

B．1molCPAE最多可与含4molBr2的水溶液发生反应

C．可以用FeCl3溶液检测上述反应中是否有CPAE生成

D．咖啡酸、苯乙醇及CPAE都能发生取代、加成和消去反应

答案　B

解析　苯乙醇与邻甲基苯酚属于不同类物质，结构不相似，不互为同系物，A错误；反应物咖啡酸中也含有酚羟基，无法检测，C错误；咖啡酸、CPAE不会发生消去反应，含苯环可发生加成，含—OH均可发生取代，D错误。

7．有下列一系列反应，最终产物为草酸（乙二酸）。

A

B

C

D

E

已知A为某一溴产物。

请回答下列问题：

（1）推测下列化合物的结构简式：

B____________________；E__________________________________________。

（2）写出下列转化过程的化学方程式：

A→B：

________________________________________________________________________；

D→E：

________________________________________________________________________。

（3）D与草酸在一定条件下生成的环状化合物的结构简式为_______________________。

答案　

（1）CH2==CH2　OHC—CHO

（2）CH3CH2Br＋NaOH

CH2==CH2↑＋NaBr＋H2O

＋O2

OHC—CHO＋2H2O

（3）

8．（2018·聊城市高二下学期期末）A与CO、H2O以物质的量1∶1∶1的比例发生加成反应制得B。

E是有芳香气味、不易溶于水的油状液体，有关物质的转化关系如下：

回答下列问题：

（1）A的化学名称为________。

（2）写出B在一定条件下生成高分子化合物的化学方程式：

______________________

__________________________________________________。

（3）下列说法不正确的是________（填字母）。

a．E是乙酸乙酯的同分异构体

b．可用碳酸钠鉴别B和C

c．B生成D的反应为酯化反应

d．A在一定条件下可与氯化氢发生加成反应

e．与A的最简式相同，相对分子质量为78的烃一定不能使酸性KMnO4溶液褪色

（4）B可由丙烯醛（CH2==CHCHO）制得，请选用提供的试剂检验丙烯醛中含有碳碳双键。

提供的试剂：

稀盐酸、稀硫酸、新制的氢氧化铜悬浊液、酸性KMnO4溶液、NaOH溶液。

所选试剂为________；其中醛基被氧化时的化学方程式为________________________。

答案　

（1）乙炔　

（2）nCH2==CHCOOH

　（3）be　（4）稀硫酸、新制的氢氧化铜悬浊液、酸性KMnO4溶液　CH2==CHCHO＋2Cu（OH）2＋NaOH

CH2==CHCOONa＋Cu2O↓＋3H2O

解析　A与CO、H2O以物质的量1∶1∶1的比例发生加成反应制得B（CH2==CHCOOH），说明A为乙炔，E是有芳香气味，不易溶于水的油状液体，说明其为酯类。

因为C与甲醇反应生成E，所以C的分子式为C3H6O2，为丙酸，D与氢气反应生成E，说明D的结构为CH2==CHCOOCH3。

（1）根据以上分析可知A为乙炔。

（2）B为CH2==CHCOOH，发生加聚反应生成聚合物，方程式为：

nCH2==CHCOOH

。

（3）a项，E与乙酸乙酯的分子式相同，但结构不同，是同分异构体，故正确；b项，B和C都含有羧基，不能用碳酸钠鉴别，故错误；c项，B为酸，D为酯，故从B到D的反应为酯化反应，故正确；d项，A为乙炔，在一定条件下可与氯化氢发生加成反应，故正确；e项，与A的最简式相同，相对分子质量为78的烃可能为苯，或其他不饱和烃，苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，但其他不饱和烃能，故错误。

故选be。

（4）醛基和碳碳双键都可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以先将醛基氧化成羧基，再检验碳碳双键，所以首先使用新制的氢氧化铜悬浊液，然后加入稀硫酸中和溶液中的氢氧化钠，再加入酸性高锰酸钾溶液，故选的试剂为稀硫酸、新制的氢氧化铜悬浊液、酸性KMnO4溶液。

醛基被氧化的方程式为：

CH2==CHCHO＋2Cu（OH）2＋NaOH

CH2==CHCOONa＋Cu2O↓＋3H2O。

题组一　常见含氧衍生物的结构与性质

1．1,5戊二醛（简称GA）是一种重要的饱和直链二元醛。

2%的GA溶液具有广谱、高效、无刺激、无腐蚀等特点，对禽流感、口蹄疫、猪瘟等疾病有良好的防治作用。

下列说法正确的是（　　）

A．戊二醛的分子式为C5H10O2，符合此分子式的二元醛有2种

B．戊二醛不能在加热条件下和新制氢氧化铜反应

C．戊二醛不能使酸性KMnO4溶液褪色

D．2%的GA溶液具有消毒杀菌作用

答案　D

解析　戊二醛的分子式为C5H8O2，符合此分子式的二元醛有4种，A项错误；戊二醛含有醛基，和新制氢氧化铜悬浊液在加热条件下反应生成红色的氧化亚铜，B项错误；戊二醛含有醛基，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，C项错误；2%的GA溶液对禽流感、口蹄疫、猪瘟等疾病有良好的防治作用，说明其具有消毒杀菌作用，D项正确。

2．（2018·成都调研）甲、乙、丙、丁四种有机物的结构简式及常见的反应类型如下：

①加成反应　②取代反应　③氧化反应　④消去反应　⑤银镜反应　⑥与新制的Cu（OH）2悬浊液反应　⑦酯化反应

下列对它们能发生的反应类型的判断中正确的是（　　）

A．甲：

①②③④⑥⑦B．乙：

①②③⑤⑥⑦

C．丙：

①②③④⑤⑥⑦D．丁：

②③④⑤⑥⑦

答案　B

3．断肠草为中国古代九大毒药之一，据记载能“见血封喉”，现代查明它是葫蔓藤科植物葫蔓藤，所含的毒素很多，下列是分离出来的四种毒素的结构简式，相关推断错误的是（　　）

A．①与②、③与④分别互为同分异构体

B．等物质的量的②④分别在足量氧气中完全燃烧，前者消耗氧气比后者多

C．①②③④均能与氢氧化钠溶液反应

D．①④互为同系物

答案　D

解析　①与②化学式相同，只是其中的一个甲氧基和五元环的位置不同，二者互为同分异构体；③与④化学式相同，只是其中的一个甲氧基位置不同，互为同分异构体，故A正确；②、④相比，②中多1个OCH2，则等物质的量②、④分别在足量氧气中完全燃烧，前者消耗氧气比后者多，故B正确；①②③④均含有酯基，在氢氧化钠溶液中发生水解反应，故C正确；同系物是指结构相似，分子式相差一个或若干个CH2原子团的有机物，①与④相差一个OCH2，故不互为同系物，故D错误。

4．（2018·吉安市高二下学期期末）依曲替酯用于治疗严重的牛皮癣、红斑性角化症等。

它可以由原料X经过多步反应合成：

下列说法正确的是（　　）

A．X与Y所含的官能团种类不同但个数相等

B．可用酸性KMnO4溶液鉴别X和Y

C．1molY能与6molH2或3molNaOH发生反应

D．依曲替酯能发生加成、取代、氧化反应

答案　D

解析　X含有酯基、碳碳双键，Y含有羟基、羰基、酯基、碳碳双键，X与Y所含的官能团种类、个数都不相同，A错误；X和Y中苯环上都含有甲基，都能被酸性高锰酸钾溶液氧化生成—COOH，所以二者不能用酸性高锰酸钾溶液鉴别，B错误；Y中苯环、羰基、碳碳双键都能与氢气在一定条件下发生加成反应，酚羟基、酯基水解生成的羧基能与NaOH反应，所以1molY能与5molH2或3molNaOH发生反应，C错误；依曲替酯中含有碳碳双键、醚键、苯环、酯基，具有烯烃、醚、苯和酯的性质，能发生加成反应、取代反应、水解反应、氧化反应等，D正确。

5．（2018·唐山校级期中考试）有机物Q的结构简式为

下列关于Q的性质叙述正确的是（　　）

A．酸性条件下水解能得到两种有机产物

B．不能与NaHCO3溶液反应放出气体

C．与足量溴水反应时，n（Q）∶n（Br2）＝1∶3

D．与足量NaOH溶液反应时，n（Q）∶n（NaOH）＝1∶8

答案　D

解析　本题的解题关键是正确判断水解产物的结构。

Q分子中含有5个—OH、1个—COOH、1个酯基，酸性条件下水解时生成的产物只有一种：

Q中含有—COOH，能与NaHCO3反应；Q分子中羟基共有4个邻对位氢原子，故充分反应时，n（Q）∶n（Br2）＝1∶4；Q与足量NaOH溶液反应时，1molQ消耗8molOH－（酯基消耗2mol）。

题组二　常见含氧衍生物之间的相互转化

6．已知酸性大小：

羧酸>碳酸>酚，下列化合物中的溴原子，在适当条件下水解，假设都能被羟基取代（均可称为水解反应），所得产物能与NaHCO3溶液反应的是（　　）

答案　C

解析　A项水解产物是芳香醇，不与NaHCO3溶液反应；B、D两项两种物质水解后都得到酚，由于酚的酸性比碳酸弱，所以B、D两项水解产物不与NaHCO3溶液反应；C项物质水解后得羧酸，能与NaHCO3溶液反应生成CO2气体。

7．有机物A的产量是衡量一个国家石油工业发展水平的标志，B、D是生活中常见的两种有机物，A、B、C、D、E五种物质存在如图所示转化关系。

下列说法不正确的是（　　）

A．A的结构简式为CH2==CH2

B．1molB可以与足量的Na反应生成0.5molH2

C．图中转化涉及加成反应、氧化反应、酯化反应

D．由B、D制备E的过程中浓硫酸只作吸水剂

答案　D

解析　由A的产量的工业意义可知其为乙烯，结构简式为CH2==CH2。

B为乙醇，1mol乙醇可以与足量的Na反应生成0.5molH2。

A→B是加成反应，B→C→D是氧化反应，B＋D→E是酯化反应。

B、D制备E的过程中浓硫酸作催化剂和吸水剂。

8．酸牛奶中含有乳酸，其结构简式为CHCH3OHCOOH，乳酸经一步反应能生成的物质是（　　）

A．③④⑤B．除③外C．除④外D．全部

答案　B

解析　乳酸发生消去反应可得①，发生氧化反应可得②，乳酸分子内发生酯化反应可生成④，分子间发生酯化反应可生成⑤⑦，发生缩聚反应生成⑥。

题组三　含氧衍生物同分异构体数目的判断

9．

可表示为，某有机物的多种同分异构体中，属于芳香醇的一共有（不考虑立体异构）（　　）

A．3种B．4种C．5种D．9种

答案　C

解析　有机物的分子式为C8H10O，不饱和度为4，其同分异构体中属于芳香醇且只有一个取代基的结构有

属于芳香醇且含有两个取代基的结构有

所以符合条件的同分异构体一共有5种，故选C。

10．某有机物的分子式为C9H10O2，分子中含有苯环，苯环上有2个取代基，且其中一个为甲基，则能与NaOH溶液反应的该物质的结构有（　　）

A．4种B．7种

C．9种D．12种

答案　D

解析　能与NaOH溶液反应，则分子中含有—COOH或酯基，符合条件的物质有以下4种：

每类物质各有邻、间、对3种结构，故共有12种。

11．（2018·东莞中学月考）分子式为C4H10O并能发生酯化反应的有机物的同分异构体有x种（不包括立体异构），分子式为C5H10O并能发生银镜反应的有机物的同分异构体有y种，则x和y的关系为（　　）

A．x＝yB．x>yC．x

答案　A

解析　C4H10O能发生酯化反应，应为丁醇，可以看作一个羟基取代丁烷上的一个氢原子；C5H10O能发生银镜反应，应为醛，可以看作一个醛基取代丁烷上的一个氢原子，丁基有4种，故二者的数目相等。

12．A、B、C、D、E、F和G都是有机化合物，它们的关系如图所示：

（1）化合物C的分子式是C7H8O，C遇FeCl3溶液显紫