第四讲数列与探索性新题型的解题技巧doc.docx
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第四讲数列与探索性新题型的解题技巧
【命题趋向】
从高考题可见数列题命题有如下趋势:
1.等差(比)数列的基本知识是必考内容,这类问题既有选择题、填空题,也有解答题;难度易、中、难三类皆有.
2.数列中an与Sn之间的互化关系也是高考的一个热点.
3.函数思想、方程思想、分类讨论思想等数学思想方法在解决问题中常常用到,解答试题时要注意灵活应用.
4.解答题的难度有逐年增大的趋势,还有一些新颖题型,如与导数和极限相结合等.
因此复习中应注意:
1.数列是一种特殊的函数,学习时要善于利用函数的思想来解决.如通项公式、前n项和公式等.
2.运用方程的思想解等差(比)数列,是常见题型,解决此类问题需要抓住基本量a1、d(或q),掌握好设未知数、列出方程、解方程三个环节,常通过"设而不求,整体代入"来简化运算.
3.分类讨论的思想在本章尤为突出.学习时考虑问题要全面,如等比数列求和要注意q=1和q≠1两种情况等等.
4.等价转化是数学复习中常常运用的,数列也不例外.如an与Sn的转化;将一些数列转化成等差(比)数列来解决等.复习时,要及时总结归纳.
5.深刻理解等差(比)数列的定义,能正确使用定义和等差(比)数列的性质是学好本章的关键.
6.解题要善于总结基本数学方法.如观察法、类比法、错位相减法、待定系数法、归纳法、数形结合法,养成良好的学习习惯,定能达到事半功倍的效果.
7.数列应用题将是命题的热点,这类题关键在于建模及数列的一些相关知识的应用.
【考点透视】
1.理解数列的概念,了解数列通项公式的意义,了解递推公式是给出数列的一种方法,并能根据递推公式写出数列的前几项.
2.理解等差数列的概念,掌握等差数列的通项公式与前n项和公式,并能运用公式解答简单的问题.
3.理解等比数列的概念,掌握等比数列的通项公式与前n项和公式,并能运用公式解决简单的问题.
4.数列是高中数学的重要内容,又是学习高等数学的基础,所以在高考中占有重要的地位.高考对本章的考查比较全面,等差数列,等比数列的考查每年都不会遗漏.解答题多为中等以上难度的试题,突出考查考生的思维能力,解决问题的能力,试题大多有较好的区分度.有关数列的试题经常是综合题,经常把数列知识和指数函数、对数函数和不等式的知识综合起来,试题也常把等差数列、等比数列,求极限和数学归纳法综合在一起。
探索性问题是高考的热点,常在数列解答题中出现。
本章中还蕴含着丰富的数学思想,在主观题中着重考查函数与方程、转化与化归、分类讨论等重要思想,以及配方法、换元法、待定系数法等基本数学方法.应用问题考查的重点是现实客观事物的数学化,常需构造数列模型,将现实问题转化为数学问题来解决.
【例题解析】
考点1正确理解和运用数列的概念与通项公式
理解数列的概念,正确应用数列的定义,能够根据数列的前几项写出数列的通项公式.
典型例题
例1.(2006年广东卷)在德国不来梅举行的第48届世乒赛期间,某商店橱窗里用同样的乒乓球堆成若干堆"正三棱锥"形的展品,其中第1堆只有1层,就一个球;第2,3,4,…堆最底层(第一层)分别按图4所示方式固定摆放,从第二层开始,每层的小球自然垒放在下一层之上,第n堆第n层就放一个乒乓球,以f(n)表示第n堆的乒乓球总数,则;(答案用n表示).
思路启迪:
从图中观察各堆最低层的兵乓球数分别是12,3,4,…推测出第n层的球数。
解答过程:
显然.
第n堆最低层(第一层)的乒乓球数,,第n堆的乒乓球数总数相当于n堆乒乓球的低层数之和,即
所以:
例2.(2007年湖南卷理)将杨辉三角中的奇数换成1,偶数换成0,得到如图所示的0-1三角数表.从上往下数,第1次全行的数都为1的是第1行,第2次全行的数都为1的是第3行,…,第次全行的数都为1的是第行;第61行中1的个数是.
第1行 11
第2行101
第3行1111
第4行10001
第5行110011
……………………………………………
思路启迪:
计算图形中相应1的数量的特征,然后寻找它们之间的规律。
解:
第1次全行的数都为1的是第=1行,第2次全行的数都为1的是第=3行,第3次全行的数都为1的是第=7行,······,第次全行的数都为1的是第行;第61行中1的个数是
=32.
应填,32
考点2数列的递推关系式的理解与应用
在解答给出的递推关系式的数列问题时,要对其关系式进行适当的变形,转化为常见的类型进行解题。
如"逐差法"若且;我们可把各个差列出来进行求和,可得到数列的通项.
再看"逐商法"即且,可把各个商列出来求积。
另外可以变形转化为等差数列与等比数列,利用等差数列与等比数列的性质解决问题。
例3.(2007年北京卷理)
数列中,,(是常数,),且成公比不为的等比数列.
(I)求的值;(II)求的通项公式.
思路启迪:
(1)由成公比不为的等比数列列方程求;
(2)可根据递推公式写出数列的前几项,然后分析每一项与该项的序号之间的关系,归纳概括出an与n之间的一般规律,从而作出猜想,写出满足前4项的该数列的一个通项公式.
解:
(I),,,
因为成等比数列,所以,解得或.
当时,,不符合题意舍去,故.
(II)当时,由于
,,,,
所以.
又,,故.
当时,上式也成立,
所以.
小结:
从特殊的事例,通过分析、归纳、抽象总结出一般规律,再进行科学地证明,这是创新意识的具体体现,这种探索问题的方法,在解数列的有关问题中经常用到,应引起足够的重视.
例4.(2006年广东卷)已知数列满足,,….若,则(B)
(A)(B)3(C)4(D)5
思路启迪:
对递推关系变形,运用叠加法求得,特别注意的是对两边同时运用.
解答过程:
,.
相叠加.
,.
,,,.
解答过程2:
由得:
,
,因为.
所以:
.
解答过程3:
由得:
…………,
从而;;……;.
叠加得:
.
,.
,从而.
小结:
数列递推关系是近几年高高数学的热点,主要是一些能转化为等差等比数列的递推关系式。
对连续两项递推,可转化为
;对连续三项递推的关系
如果方程有两个根,则上递推关系式可化为
或.
考点3数列的通项与前n项和之间的关系与应用
与的关系:
,数列前n项和和通项是数列中两个重要的量,在运用它们的关系式时,一定要注意条件,求通项时一定要验证是否适合。
解决含与的式子问题时,通常转化为只含或者转化为只的式子.
例5.(2006年辽宁卷)在等比数列中,,前项和为,若数列也是等比数列,则等于()
(A)(B)(C)(D)
命题目的:
本题考查了等比数列的定义和求和公式,着重考查了运算能力。
过程指引因数列为等比,则,因数列也是等比数列,则
即,所以,故选择答案C.
例6.已知在正项数列{an}中,Sn表示前n项和且,求an.
思路启迪:
转化为只含或者只含的递推关系式.
解答过程1:
由已知,得当n=1时,a1=1;当n≥2时,
an=Sn-Sn-1,代入已知有,.
,又,故.
,是以1为首项,1为公差的等差数列,
故.
解答过程2:
由已知,得当n=1时,a1=1;当n≥2时
因为,所以.
,
,因为,
所以,所以.
考点4.数列中与n有关的等式的理解与应用
对数列中的含n的式子,注意可以把式子中的n换为得到另外的式子。
也可以把n取自然数中的具体的数1,2,3…等,得到一些等式归纳证明.
例7.(2006年福建卷)已知数列满足(n∈N)
(Ⅰ)求数列的通项公式;
(Ⅱ)若数列满足(n∈N*),证明:
是等差数列;
思路启迪:
本小题主要考查数列基本知识,考查化归的数学思想方法,考查综合解题能力。
把递推关系式变形转化
解答过程:
(I)解:
是以为首项,2为公比的等比数列。
即
(II)证法一:
,
①
②
②-①,得
即 ③
④
③-④,得
即
故是等差数列.
考点5等差、等比数列的概念与性质的理解与应用
在等差、等比数列中,已知五个元素或,中的任意三个,运用方程的思想,便可求出其余两个,即"知三求二"。
本着化多为少的原则,解题时需抓住首项和公差(或公比)。
另外注意等差、等比数列的性质的运用.例如
(1)等差数列中,若,则;等比数列中,若,则.
(2)等差数列中,成等差数列。
其中是等差数列的前n项和;等比数列中(),成等比数列。
其中是等比数列的前n项和;
(3)在等差数列中,项数n成等差的项也称等差数列.
(4)在等差数列中,;.
在复习时,要注意深刻理解等差数列与等比数列的定义及其等价形式.注意方程思想、整体思想、分类讨论思想、数形结合思想的运用.
典型例题
例8.(2006年江西卷)已知等差数列的前n项和为Sn,若,且A、B、C三点共线(该直线不过原点O),则S200=()
A.100B.101C.200D.201
命题目的:
考查向量性质、等差数列的性质与前n项和。
过程指引:
依题意,a1+a200=1,故选A
例9.(2007年安徽卷文、理)
某国采用养老储备金制度,公民在就业的第一年就交纳养老储备金,数目为a1,以后每年交纳的数目均比上一年增加d(d>0),因此,历年所交纳的储备金数目a1,a2,…是一个公差为d的等差数列.与此同时,国家给予优惠的计息政府,不仅采用固定利率,而且计算复利.这就是说,如果固定年利率为r(r>0),那么,在第n年末,第一年所交纳的储备金就变为a1(1+r)n-1,第二年所交纳的储备金就变成a2(1+r)n-2,…….以Tn表示到第n年末所累计的储备金总额.
(Ⅰ)写出Tn与Tn-1(n≥2)的递推关系式;
(Ⅱ)求证Tn=An+Bn,其中{An}是一个等比数列,{Bn}是一个等差数列.
命题目的:
本小题主要考查等差数列、等比数列的基本概念和基本方法,考查学生阅读资料、提取信息、建立数字模型的能力,考查应用所学知识分析和解决实际问题的能力.
解:
(I)我们有
(II)反复使用上述关系式,得
①
在①式两端同乘1+r,得
②
②-①,得
2.解综合题要总揽全局,尤其要注意上一问的结论可作为下面论证的已知条件,在后面求解的过程中适时应用.
考点6等差、等比数列前n项和的理解与应用
等差、等比数列的前n项和公式要深刻理解,等差数列的前n项和公式是关于n的二次函数.等比数列的前n项和公式(),因此可以改写为是关于n的指数函数,当时,.
例10.(2007年广东卷理)已知数列的前n项和Sn=n2-9n,第k项满足5A.9B.8C.7D.6
思路启迪:
本小题主要考查数列通项和等差数列等基本知识,考查逻辑思维能力、分析问题和解决问题的能力.
解:
此数列为等差数列,,由5<2k-10<8得到k=8.
例11.(2007年湖北卷文)(本小题满分13分)
已知数列{an}和{bn}满足:
且{bn}是以q为公比的等比数列.
(Ⅰ)证明:
;
(Ⅱ)若证明数列是等比数列;
(Ⅲ)求和:
.
命题目的:
本小题主要考查等比数列的定义,通项公式和求和公式等基本知识及基本的运算技能,考查分析问题能力和推理能力.
解法1:
(I)证:
由,有,.
(II)证:
,
,,
.
是首项为5,以为公比的等比数列.
(III)由(II)得,,于是
.
当时,.
当时,.
故
解法2:
(I)同解法1(I).
(II)证:
,又,
是首项为5,以为公比的等比数列.
(III)由(II)的类似方法得,
,
,.
.下同解法1.
考点7数列与函数的迭代问题
由函数迭代的数列问题是进几年高考综合解答题的热点题目,此类问题将函数与数列知识综合起来,考察函数的性质以及函数问题的研究方法在数列中的应用,涉及的知识点由函数性质、不等式、数列、导数、解析几何的曲线等,另外函数迭代又有极为深刻的理论背景和实际背景,它与当前国际数学主流之一的动力系统(拓扑动力系统、微分动力系统)密切相关,数学家们极为推崇,函数迭代一直出现在各类是数学竞赛试题中,近几年又频频出现在高考数学试题中.
例12.(2006年山东卷)已知数列{}中,在直线y=x上,其中n=1,2,3….
(Ⅰ)令
(Ⅱ)求数列
(Ⅲ)设的前n项和,是否存在实数,使得数列为等差数列?
若存在,试求出.若不存在,则说明理由.
思路启迪:
利用等比的定义证明是等比数列;对可由已知用叠加法求出求。
求出
与便可顺利求出第三问.
解答过程:
(I)由已知得
又
是以为首项,以为公比的等比数列.
(II)由(I)知,
将以上各式相加得:
(III)解法一:
存在,使数列是等差数列.
数列是等差数列的充要条件是、是常数
即
又.
当且仅当,即时,数列为等差数列.
解法二:
存在,使数列是等差数列.
由(I)、(II)知,,.
.
又.
.
当且仅当时,数列是等差数列.
(5)
例13(2007年陕西卷理)
已知各项全不为零的数列的前k项和为Sk,且N*),其中
(Ⅰ)求数列的通项公式;
(II)对任意给定的正整数,数列满足
.
思路启迪:
注意利用解决问题.
解:
(Ⅰ)当,由及,得.
当时,由,得.
因为,所以.从而
,.故.
(Ⅱ)因为,所以.
所以
故
考点8数列综合应用与创新问题
数列与其它数学知识的综合性问题是高考的热点,全面考察数学知识的掌握和运用的情况,以及分析问题解决问题的能力和思维的灵活性、深刻性、技巧性等,涉及的数学思想方法又从一般到特殊和从特殊到一般的思想、函数与方程的思想、探索性思想等。
例14.(2006年湖南卷)在m(m≥2)个不同数的排列P1P2…Pn中,若1≤i<j≤m时Pi>Pj(即前面某数大于后面某数),则称Pi与Pj构成一个逆序.一个排列的全部逆序的总数称为该排列的逆序数.记排列的逆序数为an,如排列21的逆序数,排列321的逆序数.求a4、a5,并写出an的表达式;
命题目的:
考查排列、数列知识.
过程导引:
由已知得,.
例15.设是定义在上的单调可导函数.已知对于任意正数,都有,且.
(Ⅰ)求,并求的值;
(Ⅱ)令,证明数列是等差数列;
(Ⅲ)设是曲线在点处的切线的斜率(),数列的前项和为,求证:
.
思路启迪:
根据已知条件求出函数的关系式,求出的递推关系式然后可求解题中要求.
解答过程:
(Ⅰ)取;
再取,
则,或-1(舍去).
(Ⅱ)设,则,再令
,
即或,又,
则,
由,所以是等差数列.
(3)由
(2)得则
所以;
又当时,,
则,
故.
例16.(2007年广东卷理)
已知函数,是方程f(x)=0的两个根,是f(x)的导数;设,(n=1,2,……)
(1)求的值;
(2)证明:
对任意的正整数n,都有>a;
(3)记(n=1,2,……),求数列{bn}的前n项和Sn.
思路启迪:
(1)注意应用根与系数关系求的值;
(2)注意先求;(3)注意利用的关系.
解:
(1)∵,是方程f(x)=0的两个根,
∴.
(2),
=,∵,∴由基本不等式可知(当且仅当时取等号),∴同,样,……,(n=1,2,……).
(3),而,即,
,同理,,又
.
【专题训练与高考预测】
一.选择题
1.已知{a}是等比数列,且a>0,aa+2aa+aa=25,那么a+a的值等于()
A.5B.10C.15.D.20
2.在等差数列{a}中,已知a+a+a+a+a=20,那么a等于()
A.4B.5C.6D7.
3.等比数列{an}的首项a1=-1,前n项和为Sn,若,则Sn等于()
C.2D.-2
4.已知二次函数y=a(a+1)x2-(2a+1)x+1,当a=1,2,…,n,…时,其抛物线在x轴上截得的线段长依次为d1,d2,…,dn,…,则(d1+d2+…+dn)的值是()
A.1B.2C.3D.4
二.填空题
5.已知a,b,a+b成等差数列,a,b,ab成等比数列,且06.等差数列{an}共有2n+1项,其中奇数项之和为319,偶数项之和为290,则其中间项为_________.
7.设zn=()n,(n∈N*),记Sn=|z2-z1|+|z3-z2|+…+|zn+1-zn|,则Sn=_________.
8.作边长为a的正三角形的内切圆,在这个圆内作新的内接正三角形,在新的正三角形内再作内切圆,如此继续下去,所有这些圆的周长之和及面积之和分别为_________.
9.从盛满a升酒精的容器里倒出b升,然后再用水加满,再倒出b升,再用水加满;这样倒了n次,则容器中有纯酒精_________升.
10.据2000年3月5日九届人大五次会议《政府工作报告》:
"2001年国内生产总值达到95933亿元,比上年增长7.3%,"如果"十·五"期间(2001年~2005年)每年的国内生产总值都按此年增长率增长,那么到"十·五"末我国国内年生产总值约为_________亿元.
三、解答题
11.已知:
在等比数列{a}中,S=a+a+a+…+a,若S=5,S=15。
求:
S的值.
12.项数为奇数的等差数列{a}中,奇数项之和为80,偶数项之和为75,求此数列的中间项和项数.
13.数列{a}中,前m项(m为奇数)的和为77,其中偶数项之和为33,且a-a=18,求这个数列的通项公式.
14.设等差数列{an}的前n项和为Sn,已知a3=12,S12>0,S13<0.
(1)求公差d的取值范围;
(2)指出S1、S2、…、S12中哪一个值最大,并说明理由.
15.已知数列{an}为等差数列,公差d≠0,由{an}中的部分项组成的数列
a,a,…,a,…为等比数列,其中b1=1,b2=5,b3=17.
(1)求数列{bn}的通项公式;
(2)记Tn=Cb1+Cb2+Cb3+…+Cbn,求.
16.设{an}为等差数列,{bn}为等比数列,a1=b1=1,a2+a4=b3,b2·b4=a3,分别求出{an}及{bn}的前n项和S10及T10.
17.设数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=(m+1)-man.对任意正整数n都成立,其中m为常数,且m<-1.
(1)求证:
{an}是等比数列;
(2)设数列{an}的公比q=f(m),数列{bn}满足:
b1=a1,bn=f(bn-1)(n≥2,n∈N*).试问当m为何值时,成立?
18.已知数列{bn}是等差数列,b1=1,b1+b2+…+b10=145.
(1)求数列{bn}的通项bn;
(2)设数列{an}的通项an=loga(1+)(其中a>0且a≠1),记Sn是数列{an}的前n项和,试比较Sn与logabn+1的大小,并证明你的结论.
19.某公司全年的利润为b元,其中一部分作为奖金发给n位职工,奖金分配方案如下:
首先将职工按工作业绩(工作业绩均不相同)从大到小,由1到n排序,第1位职工得奖金元,然后再将余额除以n发给第2位职工,按此方法将奖金逐一发给每位职工,并将最后剩余部分作为公司发展基金.
(1)设ak(1≤k≤n)为第k位职工所得奖金金额,试求a2,a3,并用k、n和b表示ak(不必证明);
(2)证明ak>ak+1(k=1,2,…,n-1),并解释此不等式关于分配原则的实际意义;
(3)发展基金与n和b有关,记为Pn(b),对常数b,当n变化时,求Pn(b).
【参考答案】
一.选择题
1.解法一:
因为{a}是等比数列,设{a}的公比为q,由a>0知q>0,
因aa+2aa+aa=25,
所以,aqaq+2aqaq+aqaq=25,
即[aq(1+q)]=25,aq(1+q)=5,
得a+a=aq+aq=aq(1+q)=5.故选择答案A.
解法二:
因{a}是等比数列,aa=a,aa=a,
原式可化为a+2aa+a=25,即(a+a)=25.
因a>0,a+a=5,故选择答案A
2.解法一:
因为{a}是等差数列,设其首项为a,公差为d,
由已知a+a+a+a+a=20有5a+10d=20,
a+2d=4,即a=4.故选择答案A.
解法二:
因{a}是等差数列,所以a+a=a+a=2a,
由已知a+a+a+a+a=20得5a=20,a=4.
故选择答案A
3.解析:
利用等比数列和的性质.依题意,,而a1=-1,故q≠1,
∴,根据等比数列性质知S5,S10-S5,S15-S10,…,也成等比数列,且它的公比为q5,∴q5=-,即q=-.
∴
故选择答案B.
4.解析:
当a=n时y=n(n+1)x2-(2n+1)x+1
由|x1-x2|=,得dn=,
∴d1+d2+…+dn
故选择答案A.
二、5.解析:
解出a、b,解对数不等式即可.
故填答案:
(-∞,8)
6.解析:
利用S奇/S偶=得解.
故填答案:
第11项a11=29.
故填答案:
1+.
8.解析:
由题意所有正三角形的边长构成等比数列{an},可得an=,正三角形的内切圆构成等比数列{rn},可得rn=a,
∴这些圆的周长之和c=2π(r1+r2+…+rn)=a2,
面积之和S=π(n2+r22+…+rn2)=a2
故填答案:
周长之和πa,面积之和a2
9.解析:
第一次容器中有纯酒精a-b即a(1-)升,第二次有纯酒精a(1-)-,即a(1-)2升,故第n次有纯酒精a(1-)n升.
故填答案:
a(1-)n
10.解析:
从2001年到2005年每年的国内生产总值构成以95933为首项,以7.3%为公比的等比数列,∴a5=95933(1+7.3%)4≈120000(亿元).
故填答案:
120000.
三、11.解:
因为{a}为等比数列,所以S,S-S,S-S是等比数列.
即5,15-5,S