吉林省长春市汽车经济开发区第三中学学年高一上学期期末复习物理卷一.docx
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吉林省长春市汽车经济开发区第三中学学年高一上学期期末复习物理卷一
汽开区三中2018~2019学年上学期期末复习卷
（一）高一物理（理科）
第Ⅰ卷（选择题）
1.关于牛顿第一定律的说法正确的是（）
A.由理想斜面实验探究直接得出
B.通过日常生活经验总结出来，可以用实验得到验证
C.牛顿第一定律即惯性定律，其成立不需要条件
D.在实验基础上，经分析、推理得出的规律
【答案】D
【解析】
试题分析：
牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不是直接通过实验得出的，AB、错误、B项正确；牛顿第一定律的内容是物体在不受力的作用时，总保持静止状态或者匀速直线运动状态，无法用实验验证，C错误；牛顿第一定律是在实验基础加理论推导的基础上科学推理出来的，故D正确；故选D。
考点：
牛顿第一定律
【名师点睛】牛顿第一定律是在理想斜面实验的基础上经过进一步的推理概括得出的规律；它告诉我们物体在不受力的作用时保持静止状态或物体做匀速直线运动状态。
物体不受力的作用是一种理想状态，无法用实验直接验证。
2.下列一组单位中，哪一组中各单位都是国际单位制中的基本单位（）
A.米、牛顿、秒B.米、千克、秒
C.千克、焦耳、秒D.米、千克、帕斯卡
【答案】B
【解析】
试题分析：
米、千克、秒都是国际单位制中的基本单位，牛顿、焦耳和帕斯卡都是导出单位，故选B.
考点：
国际单位制
3.下列关于分力与合力的说法，不正确的是
A.两个力的合力，可能小于任一个分力
B.5N、2N、6N三个共点力最大合力为13N，最小合力为1N
C.两个分力的大小和方向都被确定，则合力也被确定
D.合力是分力等效替代的结果
【答案】B
【解析】
【详解】若两力夹角较大时，两力的合力可以小于任意一个力，故A正确；当5N与2N的合力为6N时，且与第三个力方向相反时，合力最小可以为零，故B错误；若两个力都被确定，则两力的合力可由平行四边形定则求出，故合力也就确定，故C正确；合力是分力等效替代的结果，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选B.
4.如图所示，两块相同的木块被竖直的木板夹住保持静止状态，设每一木块的质量为m，则两木块间的摩擦力大小为：
（）
A.0B.0.5mgC.mgD.2mg
【答案】A
【解析】
试题分析：
设每一块砖的重力为G，一侧木板对砖的摩擦力大小为f1，两块砖之间的摩擦力大小为f2．根据平衡条件得,对整体，有：
2f1=2G，得f1=G．对A砖，有：
f1+f2=G．解得f2=0．即两砖间摩擦力为零，故A正确，BCD错误．故选A.
考点：
物体的平衡
【名师点睛】本题是解题关键是如何选择研究对象，采用整体法和隔离法相结合处理，简单方便。
5.下列关于作用力和反作用力的说法中，正确的是（）
A.物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力
B.作用力和反作用力的合力为零，即两个力的作用效果可以互相抵消
C.鸡蛋碰石头时，鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力大小是相等的
D.马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车拉马的力
【答案】C
【解析】
作用力和反作用力是同时产生同时消失，同性质，大小相等方向相反，作用在两个物体上，根据以上可以判断出来C对。
作用力和反作用力不可以合成（因为作用在两个物体上）B错，马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车受到的摩擦力，D错
6.如图中，就光滑接触面对球或棒的弹力，其中分析正确的是（）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
试题分析：
常见的弹力有三种：
拉力、支持力和压力，绳子拉力沿着绳子指向绳收缩的方向；压力和支持力与接触面垂直．分析物体的受力情况，确定出弹力的方向．
解：
A、球受到墙壁的弹力和台阶的弹力，两个弹力都与接触面垂直，所以墙壁的弹力垂直于墙壁向右，台阶对球的弹力通过球心，故A正确．
B、假设斜壁对小球有弹力，则小球受到重力、地面向上的弹力和斜壁斜向下的弹力，三个力的合力不为零，则小球将向右滚动，与题不符，故斜壁对小球没有弹力，小球只受地面向上的弹力，故B错误．
C、槽对杆的底端的弹力方向指向球心，故C错误．
D、假设斜面对小球有弹力，则小球受到重力、竖直向上的拉力和垂直于斜面向上的支持力，三个力的合力不为零，则小球将向左摆动，与题不符，故斜面对小球没有弹力，故D错误．
故选：
A
【点评】分析受力情况时，常常产生两种错误：
多力或少力，可采用假设法判断可疑的力．
7.一个做匀变速直线运动的质点，初速度为0.5m/s，第9s内的位移比第5s内的位移多4m，则该质点的加速度、9s末的速度和质点在9s内通过的位移分别是（ ）
A.a＝1m/s2，v9＝9m/s，x9＝40.5m
B.a＝1m/s2，v9＝9m/s，x9＝45m
C.a＝1m/s2，v9＝9.5m/s，x9＝45m
D.a＝0.8m/s2，v9＝7.7m/s，x9＝36.9m
【答案】C
【解析】
试题分析：
根据连续相等时间内的位移之差等于恒量求出加速度的大小，通过速度时间公式求出9s末的速度，通过位移时间公式求出9s内的位移．
解：
根据连续相等时间内的位移之差是一恒量知，
，解得a=
．
则9s末的速度v9=v0+at=0.5+1×9m/s=9.5m/s．
9s内的位移
m=45m．故C正确，A、B、D错误．
故选C．
【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用．
8.两位同学测定反应时间，一位同学用两手指捏住1m长木尺顶端零刻度处，第二位同学的一只手在木尺的下端做捏住木尺的准备，但不碰到尺，当他看到第一位同学松手时，立即握住木尺，受握处的读数为0.55m，g取10m/s2，则第二位同学的反应时间为（单位：
s）（ ）
A.0.10B.0.11C.0.30D.0.33
【答案】C
【解析】
试题分析：
第一位同学松手时木尺做自由落体运动，由题知道木尺下落的高度为
，设下落时间为
，则，由
得
，故C正确。
考点：
自由落体运动
【名师点睛】本题是实际问题，考查应用物理规律分析研究实际问题的能力，要注意不能把0．55m当作木尺下落的高度。
9.在喀山游泳世锦赛中，某名将勇夺女子十米跳台桂冠。
她从跳台斜向上跳起，一段时间后落入水中，如图所示。
不计空气阻力。
下列说法正确的是（）
A.她在空中上升过程中处于超重状态
B.她在空中下落过程中做自由落体运动
C.她即将入水时的速度为整个跳水过程中的最大速度
D.入水过程中，水对她的作用力大小等于她对水的作用力大小
【答案】D
【解析】
【详解】A.起跳以后的上升过程中她的加速度方向向下，所以处于失重状态，故A错误；
B.她具有水平初速度，所以不能看做自由落体运动，故B错误；
C.入水过程中，开始时水对她的作用力大小（浮力和阻力）小于她的重力，所以先向下做一段加速运动，即入水后的速度先增大，故C错误；
D.入水过程中，水对她的作用力和她对水的作用力，因是一对作用力与反作用力，二者大小相等。
故D正确。
故选：
D。
10.物体从离地面45m高处做自由落体运动（g取10m/s2），则下列选项中正确的是（ ）
A.物体运动3s后落地
B.物体落地时的速度大小为30m/s
C.物体在落地前最后1s内的位移为25m
D.物体在整个下落过程中的平均速度为20m/s
【答案】ABC
【解析】
试题分析：
根据自由落体位移公式h＝
gt2，有t＝
=3s，A正确；根据速度与位移的关系公式v2=2gh，得v＝
＝30m/s，B正确；最后1s下落的位移为前3s的位移减去前2s的位移，前2s的位移为：
h2＝
gt22＝20m。
所以最后1s的位移为△h=h-h2=45-20=25m，C正确；根据平均速度的公式v＝
＝15m/s，D错误。
考点：
自由落体运动
【名师点睛】
11.如图（甲）所示，物体原来静止在水平面上，今用一水平外力F拉物体，在外力F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（乙）所示。
根据图（乙）中所标示数据可计算出（ ）
A.物体的质量
B.物体与水平面之间的滑动摩擦力
C.物体与水平之间的最大静摩擦力
D.在外力F为14N时，物体的速度最大
【答案】ABD
【解析】
【详解】对物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力；
根据牛顿第二定律得：
F-μmg=ma
解得：
a＝
−μg
由a与F图线，得到0.5＝
−10μ ①
4＝
−10μ ②
①②联立得，m=2Kg，μ=0.3，故A正确；物体所受的滑动摩擦力为f=μmg=6N，但滑动摩擦力小于最大净摩擦力，故无法求得最大静摩擦力，所以B正确，C错误；因为物体从静止开始的做变加速运动，物体开始运动后就做加速运动，则在外力F为14N时，物体的速度最大，选项D正确；故选ABD.
12.如图所示，重20N的物体放在粗糙水平面上，用F＝8N的力斜向下推物体，F与水平面成30°角，物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5。
已知sin300=0.5 ,cos300=0.866 。
则下列说法中正确的是（ ）
A.物体对地面的压力为24NB.物体所受的摩擦力为12N
C.物体所受的合力为5ND.物体所受的合力为零
【答案】AD
【解析】
【详解】对物体进行受力分析：
重力、推力F、地面的支持力N和摩擦力f，由竖直方向力平衡，有：
N=G+Fsin30°=20N+8×0.5N=24N，则物体对地面的压力为24N．故A正确。
物体的最大静摩擦力为fm≥μN=0.5×24N=12N．F的水平方向分力大小为F'=Fcos30°=4
N＜fm，所以物体没能被推动，保持静止状态，物体所受的摩擦力为f=Fcos30°=4
N．故B错误。
由上分析可知，物体处于静止状态，合力为零。
故C错误，D正确。
故选AD。
【点睛】本题解题的关键是根据竖直方向力平衡，求出地面对物体的支持力，再求解最大静摩擦力，确定物体的状态．
第Ⅱ卷（非选择题）
13.某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律．
（1）通过实验得到如图乙所示的a－F图象，由图可以看出：
在平衡摩擦力时，木板与水平桌面间的夹角__________（填“偏大”、“偏小”）．
（2）该同学在重新平衡摩擦力后进行实验，小车在运动过程中所受的实际拉力__________（填“大于”、“小于”或“等于”）砝码和盘的总重力，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足__________的条件．
（3）经过实验，该同学得到如图丙所示的纸带．已知打点计时器电源频率为50Hz，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点．∆x＝xDG－xAD＝__________cm．由此可算出小车的加速度a＝__________m/s2（该空结果保留两位有效数字）．
【答案】
（1）偏大
（2）M》m（3）0.20
【解析】
试题分析：
（1）图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是平衡摩擦力时角度过大；
（2）根据牛顿第二定律得，
，解得
，
则绳子的拉力
，知当砝码总质量远小于滑块质量时，滑块所受的拉力等于砝码的总重力，所以应满足的条件是砝码的总质量远小于滑块的质量。
（3）由
得
考点：
本题考查验证牛顿第二定律
14.在“验证力的平行四边形定则”的实验中，有下列实验步骤：
A．在桌上放一块方木板，在方木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上的A点。
B．只用一只弹簧秤，通过细绳把橡皮条的结点拉到同样位置O，记下弹簧秤的示数F′和细绳的方向，按同样比例做出力F′的图示。
C．改变两个分力的大小和夹角，再做两次实验。
D．记下两只弹簧秤的示数F1、F2及结点的位置，描下两条细绳的方向，在纸上按比例做出力F1和F2的图示，用平行四边形定则求出合力F。
E．比较力F′与F，可以看出，它们在实验误差范围内是相等的。
F．把两条细绳系在橡皮条的另一端，通过细绳用两个弹簧秤互成角度拉橡皮条，橡皮条伸长，使结点到达某一位置O。
上述步骤中，正确的顺序是________（填写步骤前面的字母）。
【答案】AFDBEC
【解析】
【详解】实验步骤本着先安装设备（或者实验器材），然后进行测量的思路进行设计，同时注意操作的先后逻辑以及简单易行的原则，由此可知该实验步骤为：
AFDBEC。
15.质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v－t图象如图所示．g取10m/s2，求：
（1）0～10s内物体运动位移的大小。
（2）水平推力F的大小；
【答案】
（1）46m
（2）6N
【解析】
【详解】
（1）图线与时间轴围成的面积表示位移，则0～10s内物体运动位移的大小
x=
×（2+8）×6+
×4×8m=46m．
（2）0～6s的加速度a1＝
m/s2＝1m/s2，
6～10s物体的加速度a2＝
m/s2＝−2m/s2，
根据牛顿第二定律得，F-f=ma1，
-f=ma2
解得F=ma2+ma1=2×1+2×2N=6N．
【点睛】本题考查了牛顿第二定律和速度时间图线的综合运用，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．
16.如图所示，如量为m=0.8kg的砝码悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止状态．PA与竖直方向的夹角37°，PB沿水平方向．质量为M=10kg的木块与PB相连，静止于倾角为37°的斜面上，sin53°=0.80，cos53°=0.60，取重力加速度g=10m/s2。
求：
（1）轻绳PB拉力的大小；
（2）木块所受斜面的摩擦力和弹力大小．
【答案】
（1）PB的拉力为6N；
（2）木块受到的摩擦力为64.8N，支持力为76.4N．
【解析】
试题分析：
（1）如图甲所示分析P点受力，由平衡条件可得：
FAcos37°＝mg（1分）
FAsin37°＝FB（1分）
可解得：
FB＝6N（2分）
（2）再分析G2的受力情况如图乙所示.
由物体的平衡条件可得：
Ff＝Mgsin37°＋FB′cos37°（2分）
FN＋FB′sin37°＝Mgcos37°（2分）
FB′＝FB
可求得：
Ff＝64.8N（1分）
FN＝76.4N.（1分）
考点：
共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．
点评：
解决共点力平衡的题目，受力分析是关键，同时注意正确做出图象，三力平衡时可以用合成法，四力及以上时一般采用正交分解法．
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