湖北省宜昌市示范高中协作体届高三上期中物理Word版含答案Word文档格式.docx
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则A物体追上B物体所用时间是（ ）
A．5s
B．5.5s
C．6s
D．6.25s
4、如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O'
点的固定光滑轴悬挂一质量为1kg的物体，OO'
段水平，长度为1.6m，绳上套一可沿绳滑动的轻环。
现在轻环上悬挂一钩码（图中未画出），平衡后，物体上升0.4m。
则钩码的质量为（
）
A.
kg
B.
kg
C.1.6kg
D.1.2Kg
5、如图所示，在竖直放置的半圆形容器的圆心O点分别以水平初速度
、
抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比
为（
B.
C.
D.
6、粗糙水平面上的物体M，在水平恒力F的作用下由静止开始运动，经位移S后，撤去水平恒力F，又经位移2S后停止运动，则物体所受的摩擦力大小为（
A.FB.F/2C.F/3D.F/4
7、用一根细线一端系一小球（可视为质点），另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T，则T随ω2变化的图像是图中的（）
8、嫦娥五号”探测器由轨道器、返回器、着陆器等多个部分组成。
探测器在2017年由“长征五号”运载火箭在中国文昌卫星发射中心发射升空，自动完成月面样品采集，并从月球起飞，返回地球。
若已知月球半径为R，“嫦娥五号”在距月球表面高度为R的圆轨道上飞行，周期为T，万有引力常量为G，下列说法正确的是（）
A.月球质量为
B.月球表面重力加速度为
C.月球密度为
D.月球第一宇宙速度为
9、
如图所示,水平传送带由电动机带动并始终保持以速度v匀速运动.现将质量为m的某物块由静止释放在传送带上的左端,经过时间t物块保持与传送带相对静止。
设物块与传送带间的动摩擦因数为μ,对于这一过程下列说法正确的是（
A.物块加速过程,摩擦力对物块做正功
B.物块匀速过程,摩擦力对物块做负功
C.摩擦力对木块做功为mv2/2
D.摩擦力对木块做功为0.5μmgvt
10、一质量为2kg的物体受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上作加速直线运动时的a-t图像如图所示，t=0时其速度大小为2m/s，滑动摩擦力大小恒为2N。
则下列说法正确的是（
）。
A.在t=6s时刻，物体的速度为20m/s
B.在t=6s时间内，合力对物体做的功为400J
C.在t=6s时间内，合力对物体做的功为396J
D.在t=6s时刻，拉力F的功率为200W
11、如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上。
初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面。
在此过程中（ ）
A．a的速率小于b的速率
B．两物体机械能的变化量相等
C．a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量
D．绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的代数和为零
12、如图1所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接．现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h，并作出如图2滑块的Ek﹣h图象，其中坐标（0.18m，0.32J）是图像的最高点，从坐标（0.20m,0.30J）到（0.35m,0）范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g=10m/s2，由图象可知（ ）
A．小滑块的质量为0.1kg
B．轻弹簧原长为0.2m
C．弹簧最大弹性势能为0.5J
D．小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4J
二、实验题（本题共2小题，每空2分，共计14分，将答案填写在答题卡中）
13、橡皮筋也像弹簧一样，在弹性限度内伸长量x与弹力F成正比即F=kx，k的值与橡皮筋的原长L、横截面积S有关.理论与实际都表明
其中Y是一个由材料决定的常数,材料力学上称之为杨氏模量.
（1）在国际单位中，杨氏模量Y的单位应该是
（）
A.N
B.m
C.N/m
D.N/m2
（2）某同学通过实验测得该橡皮筋的一些数据，做出了外力F与伸长量x之间的关系图象如图所示.由图象可求得该橡皮筋的劲度系数k=N/m.（保留两位有效数字）
14、某同学在做“验证机械能守恒定律”的实验时，实验装置如图甲所示.
（1）该同学开始实验时的情形如图乙所示，接通电源释放纸带开始实验.请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方是：
①________________；
②________________________。
（2）根据纸带算出相关各点的速度v，量出下落距离h，以
为纵轴，画出的
图像应是图中的__.
（3）将错误或不当的地方改正后，打点计时器所用交流电的频率为50Hz，该同学选取如图丙所示的一段纸带，O是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打下的点（图中未标出），各计数点到O点的距离如图所示,他对OC段进行研究．在重物下落高度
的过程中，重物减小的重力势能△
______J，增加的动能△
______J（m=0.50kg，重力加速度
g=10m/s2，结果保留3位有效数字）.
三、计算题（本题共4小题，满分48分。
第15—16题每题10分，第17题12分，第18题16分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
15、如图所示，空中固定一粗糙的水平直杆，将质量为m=0.1kg的小环静止套在固定的水平直杆上环的直径略大于杆的截面直径，小环和直杆间的动摩擦因数μ=0.8，现对小环施加一位于竖直面内斜向上，与杆的夹角为θ=530的拉力F，使小环以α=4.4m/s2的加速度沿杆运动，求拉力F的大小。
（已知重力加速度g=10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8）
16、如图所示，质量为m的木块放在光滑的水平桌面上，用轻绳绕过桌边光滑的定滑轮与质量为2m的砝码相连，让绳拉直后使砝码从静止开始下降h的距离时，砝码未落地，木块仍在桌面上，求这时砝码的速度以及轻绳对砝码做的功。
17、如图所示,升降机在电动机的拉力作用下,从静止开始沿竖直方向向上运动,升降机先做匀加速运动,5s末到达额定功率,之后保持额定功率运动。
其运动情况如v-t图象所示,已知电动机的牵引力的额定功率为36kW,重力加速度g取10m/s2,求：
（1）升降机的总质量大小；
（2）5s末时瞬时速度v的大小；
（3）升降机在0～7s内上升的高度。
18、如图所示，质量为M=2kg、左端带有挡板的长木板放在水平面上，板上贴近挡板处放有一质量为m=1kg的物块，现用一水平向右大小为9N的拉力F拉长木板，使物块和长木板一起做匀加速运动，物块与长木板间的动摩擦因数为μ1=0.1，长木板与水平面间的动摩擦因数为μ2=0.2，运动一段时间后撤去F，最后物块恰好能运动到长木板的右端，木板长L=4.8m，物块可看成质点，不计挡板的厚度，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2，求：
（1）长木板开始运动时的加速度a；
（2）拉力F作用的时间；
（3）整个过程因摩擦产生的热量．
高三物理参考答案
一、选择题（每小题4分，共48分．其中1～8单选，9～12多选，选不全的得2分，错选或不选得0分）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
A
B
D
C
ACD
AD
BC
2、实验题（本题共2小题，每空2分，共计14分，将答案填写在答题卡中）
13、D5.0×
102
14、
（1）①打点计时器接的是直流电源②重物离打点计时器太远
（2）C
（3）2.192.12
三、计算题（本题共4小题，满分48分：
第15—16题每题10分；
第17题12分，第18题16分。
15、对环进行受力分析得，环受重力、拉力、弹力和摩擦力。
令Fsin530=mg
得F=1.25N，此时环不受摩擦力的作用。
当F<
1.25N时，杆对环的弹力FN竖直向上，
由牛顿第二定律可得：
Fcosθ-μFN=ma2分
FN+Fsinθ=mg2分
得F=1N1分
当F>
1.25N时，杆对环的弹力F’N竖直向下，
Fcosθ-μF’N=ma2分
Fsinθ=mg+F’N’2分
得F=9N1分
16.
（1）以木块和砝码组成的系统为研究对象，只有重力做功，系统的机械能守恒，则有：
3分
得
1分
速度方向竖直向下1分
2）设轻绳对砝码做的功为W，对砝码使用动能定理
3分
负号表示轻绳对砝码做负功1分（其他方法亦可）
（17、18题，公式正确即可给分，计算结果不重复扣分）
17、解:
（1）设升降机的总质量为m,升降机最后做匀速运动,牵引力F=mg
根据
2分
kg=300kg1分
（2）设匀加速运动时加速度大小为a
当t=5s时,速度v=at,1分
此时牵引力
1分
根据牛顿第二定律得,
-mg=ma1分
解得a=2m/s2，v=10m/s,1分
（3）则0-5s内的位移
m=25m，1分
对5-7s内运用动能定理得,
2分
代入数据解得h=21.8m。
1分
则
m=46.8m。
18、解：
（1）开始由于挡板的作用，滑块与木板将一起做匀加速直线运动，水平方向受到拉力F与摩擦力Ff的作用，竖直方向受到重力和支持力N的作用，以整体为研究的对象，则：
竖直方向：
N=Mg+mg=2×
10+1×
10=30N1分
水平方向：
F﹣μ2N=（M+m）a1分
代入数据得：
a=1m/s21分
（2）撤去拉力后，滑块受到的摩擦力的方向向左，
大小为：
f1=μ1mg=0.1×
1×
10=1N1分
选择向右为正方向，加速度：
木板受到地面的摩擦力：
f2=μ2N=0.2×
30=6N1分
根据牛顿第三定律，木板受到滑块对它的向右的摩擦力，大小也1N，所以木板的加速度：
1分
设撤去力F时刻二者的速度为v，则滑块的位移：
1分
木板的位移：
又：
x1﹣x2=L1分
联立方程，代入数据得：
v=4m/s1分
设力F作用的时间为t，则：
v=at1分
所以：
t=4s1分
（3）在拉力F的作用下木板的位移：
撤去拉力后木板的位移：
整个的过程中产生的热量为木板受到的地面的摩擦力与木板位移的乘积加上滑块受到的摩擦力与滑块相对于木板的位移的乘积，即：
Q=f2（x0+x3）+f1（x1﹣x2）=6×
（3.2+8）+1×
4.8=72J1分
（或者能量守恒得Q=WF=Fx0=72J）
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