+f
(1)=.
答案 -2
炼技法
【方法集训】
方法1 判断函数单调性的方法
1.(2018陕西汉中第一次检测,3)下列函数中,在(0,2)上为增函数的是( )
A.y=
B.y=lo
(2-x)
C.y=
D.y=
答案 B
2.(2018浙江稽阳联谊学校高三联考(4月),5)已知f(x)=loga(x2-ax+3)(a>0,且a≠1)满足:
对任意x1,x2∈
且x1≠x2,不等式
<0恒成立,则a的取值范围是( )
A.(1,+∞)B.(1,2)
C.(2,+∞)D.(0,1)
答案 B
方法2 判断函数奇偶性的方法
1.(2017浙江模拟训练冲刺卷五,10)已知定义在R上的函数f(x)满足f(x)+f(-x)=-2,函数g(x)=x3-sinx-1,若函数y=f(x)与y=g(x)的图象相交于点P1(x1,y1),P2(x2,y2),…,Pn(xn,yn)(n∈N*),则(x1+y1)+(x2+y2)+…+(xn+yn)=( )
A.-2n+2B.-2n
C.-n+1D.-n
答案 D
2.(2017浙江宁波二模(5月),9)已知函数f(x)=sinxcos2x,则下列关于函数f(x)的结论中,错误的是( )
A.最大值为1
B.图象关于直线x=-对称
C.既是奇函数又是周期函数
D.图象关于点
中心对称
答案 D
方法3 函数周期性的解题方法
1.(2017浙江台州一模,3)若函数y=f(x)是定义在R上的周期为2的奇函数,则f(2017)=( )
A.-2017 B.0 C.1 D.2017
答案 B
2.(2018浙江高考模拟卷,12)定义在R上的函数f(x)满足f(x+6)=f(x).当x∈[-3,3)时,f(x)=
则f(4)=;f
(1)+f
(2)+f(3)+…+f(2016)+f(2017)=.
答案 0;337
方法4 函数性质的综合应用
1.(2017河南洛阳期中,8)定义在R上的偶函数f(x)满足f(x+1)=-f(x)且在[5,6]上是增函数,α,β是锐角三角形的两个内角,则( )
A.f(sinα)>f(cosβ)B.f(sinα)>f(sinβ)
C.f(sinα)f(cosβ)
答案 C
2.(2017江西吉安一中期中,16)已知a>0且a≠1,函数f(x)=
+4loga
其中-≤x≤,则函数f(x)的最大值与最小值之和为.
答案 8
过专题
【五年高考】
统一命题、省(区、市)卷题组
考点一 函数的单调性与最值
1.(2014北京,2,5分)下列函数中,在区间(0,+∞)上为增函数的是( )
A.y=
B.y=(x-1)2
C.y=2-xD.y=log0.5(x+1)
答案 A
2.(2018北京理,13,5分)能说明“若f(x)>f(0)对任意的x∈(0,2]都成立,则f(x)在[0,2]上是增函数”为假命题的一个函数是.
答案 f(x)=sinx,x∈[0,2](答案不唯一)
3.(2016天津,13,5分)已知f(x)是定义在R上的偶函数,且在区间(-∞,0)上单调递增.若实数a满足f(2|a-1|)>f(-),则a的取值范围是.
答案
考点二 函数的奇偶性与周期性
1.(2018课标全国Ⅱ理,11,5分)已知f(x)是定义域为(-∞,+∞)的奇函数,满足f(1-x)=f(1+x).若f
(1)=2,则f
(1)+f
(2)+f(3)+…+f(50)= ( )
A.-50B.0C.2D.50
答案 C
2.(2017天津理,6,5分)已知奇函数f(x)在R上是增函数,g(x)=xf(x).若a=g(-log25.1),b=g(20.8),c=g(3),则a,b,c的大小关系为( )
A.a
答案 C
3.(2016山东,9,5分)已知函数f(x)的定义域为R.当x<0时,f(x)=x3-1;当-1≤x≤1时,f(-x)=-f(x);当x>时,f
=f
则f(6)=( )
A.-2B.-1C.0D.2
答案 D
4.(2015福建,2,5分)下列函数为奇函数的是( )
A.y=B.y=|sinx|
C.y=cosxD.y=ex-e-x
答案 D
5.(2017山东文,14,5分)已知f(x)是定义在R上的偶函数,且f(x+4)=f(x-2).若当x∈[-3,0]时,f(x)=6-x,则f(919)=.
答案 6
6.(2016江苏,11,5分)设f(x)是定义在R上且周期为2的函数,在区间[-1,1)上,f(x)=
其中a∈R.若f
=f
则f(5a)的值是.
答案 -
教师专用题组
考点一 函数的单调性与最值
(2014陕西,7,5分)下列函数中,满足“f(x+y)=f(x)f(y)”的单调递增函数是( )
A.f(x)=
B.f(x)=x3
C.f(x)=
D.f(x)=3x
答案 D
考点二 函数的奇偶性与周期性
1.(2017课标全国Ⅰ理,5,5分)函数f(x)在(-∞,+∞)上单调递减,且为奇函数.若f
(1)=-1,则满足-1≤f(x-2)≤1的x的取值范围是( )
A.[-2,2]B.[-1,1]
C.[0,4]D.[1,3]
答案 D
2.(2015广东,3,5分)下列函数中,既不是奇函数,也不是偶函数的是( )
A.y=
B.y=x+
C.y=2x+
D.y=x+ex
答案 D
3.(2014湖南,3,5分)已知f(x),g(x)分别是定义在R上的偶函数和奇函数,且f(x)-g(x)=x3+x2+1,则f
(1)+g
(1)=( )
A.-3B.-1C.1D.3
答案 C
4.(2014安徽,6,5分)设函数f(x)(x∈R)满足f(x+π)=f(x)+sinx.当0≤x<π时,f(x)=0,则f
=( )
A.B.
C.0D.-
答案 A
5.(2014课标Ⅰ,3,5分)设函数f(x),g(x)的定义域都为R,且f(x)是奇函数,g(x)是偶函数,则下列结论中正确的是( )
A.f(x)g(x)是偶函数B.|f(x)|g(x)是奇函数
C.f(x)|g(x)|是奇函数D.|f(x)g(x)|是奇函数
答案 C
6.(2014湖北,10,5分)已知函数f(x)是定义在R上的奇函数,当x≥0时,f(x)=(|x-a2|+|x-2a2|-3a2).若∀x∈R,f(x-1)≤f(x),则实数a的取值范围为( )
A.
B.
C.
D.
答案 B
7.(2018课标全国Ⅲ文,16,5分)已知函数f(x)=ln(
-x)+1,f(a)=4,则f(-a)=.
答案 -2
8.(2017课标全国Ⅱ文,14,5分)已知函数f(x)是定义在R上的奇函数,当x∈(-∞,0)时,f(x)=2x3+x2,则f
(2)=.
答案 12
9.(2015课标Ⅰ,13,5分)若函数f(x)=xln(x+
)为偶函数,则a=.
答案 1
10.(2014课标Ⅱ,15,5分)已知偶函数f(x)在[0,+∞)上单调递减,f
(2)=0.若f(x-1)>0,则x的取值范围是.
答案 (-1,3)
11.(2014四川,12,5分)设f(x)是定义在R上的周期为2的函数,当x∈[-1,1)时,f(x)=
则f
=.
答案 1
【三年模拟】
一、选择题(每小题4分,共24分)
1.(2019届浙江“七彩阳光”联盟期中,4)已知函数y=f(x)+cosx是奇函数,且f
=1,则f
=( )
A.-2B.-1C.1D.2
答案 A
2.(2019届台州中学第一次模拟,5)下列函数中为偶函数且在(0,+∞)上是增函数的是( )
A.y=
B.y=|lnx|
C.y=x2+2|x|D.y=2-x
答案 C
3.(2018浙江诸暨高三期末,7)已知f(x),g(x)都是定义在R上的函数,且f(x)为奇函数,g(x)的图象关于直线x=1对称,则下列四个命题中,错误的是( )
A.y=g(f(x)+1)为偶函数
B.y=g(f(x))为奇函数
C.函数y=f(g(x))的图象关于直线x=1对称
D.y=f(g(x+1))为偶函数
答案 B
4.(2017浙江名校(镇海中学)交流卷二,8)已知函数f(x)=
是偶函数,则α,β的可能取值是( )
A.α=π,β=B.α=β=
C.α=,β=D.α=,β=
答案 C
5.(2018浙江绍兴高三3月适应性模拟,8)已知a∈R,函数f(x)满足:
存在x0>0,对任意的x>0,恒有|f(x)-a|≤|f(x0)-a|,则f(x)可以为( )
A.f(x)=lgxB.f(x)=-x2+2x
C.f(x)=2xD.f(x)=sinx
答案 D
6.(2018浙江新高考调研卷一(诸暨中学),6)已知定义在(-1,1)上的奇函数f(x),若该函数在定义域上单调递减,则不等式f(1-x)+f(1-x2)<0的解集为( )
A.(-2,1)B.(-2,)
C.(1,)D.(0,1)
答案 D
二、填空题(单空题4分,多空题6分,共12分)
7.(2018浙江台州第一次调考(4月),13)若函数f(x)=a-
(a∈R)是奇函数,则a=,函数f(x)的值域为.
答案 -1;(-∞,-1)∪(1,+∞)
8.(2019届浙江金丽衢十二校2018学年高三第一次联考,12)已知偶函数f(x)满足f(x-1)=f(x+1),且当x∈[0,1]时,f(x)=x,则f
=.若在区间[-1,3]内,函数g(x)=f(x)-kx-k有4个零点,则实数k的取值范围是.
答案 ;
三、解答题(共15分)
9.(2017浙江杭州二模(4月),20)设函数f(x)=
+
.
(1)求函数f(x)的值域;
(2)当实数x∈[0,1]时,证明:
f(x)≤2-x2.
解析 解法一:
(1)由已知得函数f(x)的定义域是[-1,1],
因为f'(x)=
令f'(x)=0时,解得x=0,
所以f(x)在(0,1)上单调递减,在(-1,0)上单调递增,
所以f(x)min=f
(1)=f(-1)=,f(x)max=f(0)=2,
所以函数f(x)的值域为[,2].
(2)证明:
设h(x)=
+
+x2-2,x∈[0,1],则h(0)=0,
h'(x)=-
+
+x,
=x.
因为(+)=·≤2,
所以h'(x)≤0.
所以h(x)在[0,1]上单调递减,又h(0)=0,
所以f(x)≤2-x2.
解法二:
(1)设t=+,两边平方知t2=2+2,因为-1≤x≤1,所以2≤t2≤4,所以≤t≤2,即函数f(x)的值域为[,2].
(2)证明:
由
(1)知x2=1-=t2-,
所以要证f(x)≤2-x2,
只需证t≤2-.
2--t=[t4-4t2-16(t-2)]=(t-2)(t3+2t2-16),
因为y1=t-2和y2=t3+2t2-16在区间[,2]上均单调递增,所以当t∈[,2]时,t-2≤0且t3+2t2-16≤0.
所以(t-2)(t3+2t2-16)≥0,即t≤2-成立,所以f(x)≤2-x2成立.
解法三:
设x=sin2t,-≤t≤,则
(1)f(t)=|sint-cost|+|sint+cost|=2cost∈[,2].
(2)证明:
令y3=2-x2-f(x),则y3=2-(2sint·cost)2-2cost=2-cos2t(1-cos2t)-2cost=(cost-1)(cos3t+cos2t-2).
因为cost∈,所以y3≥0,即f(x)≤2-x2.