11.A 由x-log2f(x)=0,得f(x)=2x,
∴F(x)=2x-
=2x-2-x.
∴F(-x)=2-x-2x=-F(x),∴F(x)为奇函数,易知F(x)=2x-2-x在(-∞,+∞)上是增函数.
12.D 由于f(x)为奇函数,且y=x是奇函数,所以g(x)=f(x)-x也应为奇函数,所以由函数g(x)=f(x)-x的零点恰有两个,可得两零点必定分别在(-∞,0)和(0,+∞)上,由此得到函数g(x)=x2-2x+a在(0,+∞)上仅有一个零点,即函数y=-(x-1)2+1与直线y=a在(0,+∞)上仅有一个公共点,数形结合易知应为a≤0或a=1,选D.
13.-3
解析:
∵∁UA={1,2},∴A={0,3}.
∴0,3是方程x2+mx=0的两根,∴m=-3.
14.0或
解析:
由题意得m=0或Δ=4-12m=0,即m=0或m=
.
15.②③
解析:
本题考查对数函数的性质.函数f(x)=lnx满足ln(x1·x2)=ln(x1)+ln(x2);由函数f(x)=lnx是增函数,知
,即
>0成立.故②③正确.
16.①④
解析:
f(x)=log0.5(
);
∴x>0,即定义域为(0,+∞);
又∵f(x)=log0.5(x+
),定义域不关于原点对称,则f(x)为非奇非偶函数;
又∵x+
≥2,∴log0.5(x+
)≤log0.52=-1.
∴值域为(-∞,-1],②错;
又∵x+
在(0,1)上为递减函数,
∴log0.5(x+
)在(0,1)上为递增函数.
三、解答题(写出必要的计算步骤、解答过程,只写最后结果的不得分,共70分)
17.(10分)设A={-3,4},B={x|x2-2ax+b=0},B≠∅且B⊆A,求a,b.
(12分)已知f(x)是R上的奇函数,且当x>0时,f(x)=-x2+2x+2.
(1)求f(x)的表达式;
(2)画出f(x)的图象,并指出f(x)的单调区间.
答案
17.解:
由B≠∅,B⊆A知B={-3}或{4}或B={-3,4}.
当B={-3}时,a=-3,b=9;
当B={4}时,a=4,b=16;
当B={-3,4}时,a=
,b=-12.
18.解:
(1)设x<0,则-x>0,
∴f(-x)=-(-x)2-2x+2=-x2-2x+2.
又∵f(x)为奇函数,
∴f(-x)=-f(x).∴f(x)=x2+2x-2.
又f(0)=0,∴f(x)=
(2)先画出y=f(x)(x>0)的图象,利用奇函数的对称性可得到相应y=f(x)(x<0)的图象,其图象如图所示.由图可知,其增区间为[-1,0)和(0,1],减区间为(-∞,-1]和[1,+∞).
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19.(12分)已知二次函数f(x)=ax2+2x+c(a≠0)的图象与y轴交于点(0,1),且满足f(-2+x)=f(-2-x)(x∈R).
(1)求该二次函数的解析式及函数的零点;
(2)已知函数在(t-1,+∞)上为增函数,求实数t的取值范围.
20.(12分)已知函数f(x)=2x2+2x+a(-2≤x≤2).
(1)写出函数f(x)的单调区间;
(2)若f(x)的最大值为64,求f(x)的最小值.
答案
19.解:
(1)因为二次函数为f(x)=ax2+2x+c(a≠0)的图象与y轴交于点(0,1),故c=1.①
又因为函数f(x)满足f(-2+x)=f(-2-x)(x∈R),故x=-
=-2.②
由①②得:
a=
,c=1.
故二次函数的解析式为:
f(x)=
x2+2x+1.
由f(x)=0,可得函数的零点为:
-2+
,-2-
.
(2)因为函数在(t-1,+∞)上为增函数,且函数图象的对称轴为x=-2,由二次函数的图象可知:
t-1≥-2,故t≥-1.
20.解:
(1)f(x)=2(x+1)2+a-1(-2≤x≤2),
∴在[-2,-1]上,f(x)为减函数;
在[-1,2]上,f(x)为增函数.
即f(x)的减区间是[-2,-1],
f(x)的增区间是[-1,2].
(2)设U(x)=(x+1)2+a-1(-2≤x≤2),则U(x)的最大值为U
(2)=8+a,最小值为U(-1)=a-1.故f(x)的最大值为f
(2)=28+a,最小值为f(-1)=2a-1.
∵28+a=64,∴a=-2.
∴f(x)的最小值为f(-1)=2-2-1=
.
————————————————————————————
21.(12分)已知函数f(x)=loga
在区间[1,2]上恒为正,求实数a的取值范围.
22.(12分)定义在(0,+∞)上的函数f(x),对于任意的m,n∈(0,+∞),都有f(mn)=f(m)+f(n)成立,当x>1时,f(x)<0.
(1)求证:
1是函数f(x)的零点;
(2)求证:
f(x)是(0,+∞)上的减函数;
(3)当f
(2)=
时,解不等式f(ax+4)>1.
答案
21.解:
当a>1时,y=
x+1是减函数,故
·2+1>1,则a<
,矛盾.当0x+1<1,设y=
x+1,分类讨论
-2的取值,得
.
22.解:
(1)证明:
对于任意的正实数m,n都有f(mn)=f(m)+f(n)成立,所以令m=n=1,则f
(1)=2f
(1).∴f
(1)=0,即1是函数f(x)的零点.
(2)证明:
设0∴f(mn)-f(m)=f(n).
∴f(x2)-f(x1)=f(
).因0>1.
而当x>1时,f(x)<0,从而f(x2)所以f(x)在(0,+∞)上是减函数.
(3)因为f(4)=f
(2)+f
(2)=1,所以不等式f(ax+4)>1可以转化为f(ax+4)>f(4).因为f(x)在(0,+∞)上是减函数,所以0当a=0时,解集为∅;
当a>0时,-4解集为{x|-
当a<0时,-4,
解集为{x|0}.