28
15.答案f(x)=3x+3
解析设函数f(x)=ax+b(a≠0),因为函数f(x)的图像过点(2,4),所以有b=4-2a.
∴1f(x)
dx=1
(ax
+4-2a)dx
0
0
1
2
1
1
=[
ax+(4-2a)x]
|0=a+4-2a=1.
2
2
2
8
2
8
∴a=3.∴b=3.∴f(x)=3x+3.
16.答案21
解析
2
2
∵y′=2x,∴过点(ak,ak)处的切线方程为
y-ak=2ak(x
1
-ak),又该切线与x轴的交点为(ak+1,0),所以ak+1=2ak,即数列{ak}
1
是等比数列,首项a1=16,其公比q=2,∴a3=4,a5=1,∴a1+a3
+a5=21.
17.解析抛物线y=x-x2与x轴两交点的横坐标为x1=0,x2=1,
所以,抛物线与x轴所围图形面积S=
1
2
)dx=
x2
x3
11
(x-x
2-3
0=2-
0
1
1
3=6.
y=x-x2,
又由此可得抛物线y=x-x2与y=kx两交点的横y=kx,
S
-
2x3
-
坐标
x
3=,
4=-
,所以=1-k
(x
-
x
2
kx)dx
=
1k
x-
1
k
-
0
0x
1k
2
0
2
3
13
=6(1-k).
3
又S=,所以(1-k)3=1,∴k=1-4.
6221
18.解析
(1)由函数f(x)=x4-4x3+ax2-1在区间[0,1]单调递增,在区间[1,2)单调递减,
∴x=1时,取得极大值,∴f′
(1)=0.
又f′(x)=4x3-12x2+2ax,∴4-12+2a=0?
a=4.
(2)点A(x0,f(x0))关于直线x=1的对称点B的坐标为(2-x0,
f(x0)),
f(2-x0)=(2-x0)4-4(2-x0)3+4(2-x0)2-1
=(2-x0)2[(2-x0)-2]2-1
=x40-4x30+ax20-1=f(x0),
∴A关于直线x=1的对称点B也在函数f(x)的图像上.
19.解析f′(x)=3x2+2ax+b.
(1)由极值点的必要条件可知:
12-4a+b=0,
f′(-2)=f′(4)=0,即
48+8a+b=0,
解得a=-3,b=-24.
或f′(x)=3x2+2ax+b=3(x+2)(x-4)
=3x2-6x-24,
也可得a=-3,b=-24.
(2)由f′(x)=3(x+2)(x-4).
当x<-2时,f′(x)>0,当-2<x<4时,f′(x)<0.
∴x=-2是极大值点,而当x>4时,f′(x)>0,
∴x=4是极小值点.
20.解析a≠0(否则f(x)=b与题设矛盾),
由f′(x)=3ax2-12ax=0及x∈[-1,2],得x=0.
(1)当a>0时,列表:
x
(-1,0)
0
(0,2)
f′(x)
+
0
-
f(x)
增
极大值b
减
由上表知,f(x)在[-1,0]上是增函数,
f(x)在[0,2]上是减函数.
则当x=0时,f(x)有最大值,从而b=3.
又f(-1)=-7a+3,f
(2)=-16a+3,∵a>0,∴f(-1)>f
(2).
从而f
(2)=-16a+3=-29,
得a=2.
(2)当a<0时,用类似的方法可判断当x=0时f(x)有最小值.当x=2时,f(x)有最大值.
从而f(0)=b=-29,f
(2)=-16a-29=3,
得a=-2.
综上,a=2,b=3或a=-2,b=-29.
21.解析
(1)由题意得f′(x)=3ax2+2x+b.因此g(x)=f(x)+
f′(x)=ax3+(3a+1)x2+(b+2)x+b.因为函数g(x)是奇函数,所以
g(-x)=-g(x),即对任意实数x,有a(-x)3+(3a+1)(-x)2+(b
+2)(-x)+b=-[ax3+(3a+1)x2+(b+2)x+b],从而3a+1=0,b
=0,解得a=-1,b=0,因此f(x)的解析式为f(x)=-x3+x2.
331
(2)由
(1)知g(x)=-1x3+2x,所以g′(x)=-x2+2.3
令g′(x)=0,解得x1=-2,x2=2,则当x<-2或x>2时,g′(x)<0,从而g(x)在区间(-∞,-2],[2,+∞)上是减函数;当-20,从而g(x)在[-2,2]上是增函数.
由前面讨论知,g(x)在区间[1,2]
上的最大值与最小值只能在
x=
1,
2,2时取得,而
g
(1)
5
=3,g(
2)=
42
3
,g
(2)
4
=3.
因此
g(x)在
区间[1,2]
上的最大值为
g(
2)=
42
,最小值为
3
g
(2)
4
=3.
22.分析
解答本题,应先正确求出函数
f(x)的导数
f′(x),再
利用导数与函数的单调性、导数与极值、导数与最值等知识求解,并
注意在定义域范围内求解.
a
2
ax2+a-2
解析
(1)f′(x)=ax+1-
1+x
2=
ax+1
1+x
2,
∵f(x)在x=1处取得极值,
2
∴f′
(1)=0,即a·1+a-2=0,解得a=1.
(2)f′(x)=
ax2+a-2
2,
ax+1
1+x
∵x≥0,a>0,∴ax+1>0.
①当a≥2时,在区间[0,+∞)上,f′(x)>0,
∴f(x)的单调增区间为[0,+∞).②当0由f′(x)>0,解得x>
2-a
a.
由f′(x)<0,解得x<
2-a
a.
∴f(x)的单调减区间为(0,
2-a
2-a
a),单调增区间为(
a,
+∞).
(3)当a≥2时,由
(2)①知,f(x)的最小值为f(0)=1;
当0(2)②知,f(x)在x=
2-a
a处取得最小值,且
2-a
f(
a)综上可知,若f(x)的最小值为1,则a的取值范围是[2,+∞).